云南省江川一中2023学年物理高二上期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在地球的圆形同步轨道上有某一卫星正在运行，则下列正确的是()A卫星的重力大于在地球表面时受到的重力B卫星处于完全失重状态，所受重力为零C卫星离地面的高度是一个定值D卫星相对地面静止，处于平衡状态2、电场中有A、B两点，在将某电荷从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了正功，则下列说法中正确的是（ ）A该电荷是正电荷，且电势能减少B该电荷是负电荷，且电势能增加C该电荷电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷D该电荷电势能减少，但不能判断是正电荷还是负电荷3、有一小段通电导线，长

3、0.01m，电流强度为5A，把它放入磁场中某一位置，受到的磁场力是0.1N，则该处磁感应强度B的大小为（）AB1TBB2TCB2TDB2T4、如图所示，两根间距为d的平行光滑金属导轨间接有电源E，导轨平面与水平面间的夹角=30金属杆ab垂直导轨放置，导轨与金属杆接触良好整个装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中当磁场方向垂直导轨平面向上时，金属杆能刚好处于静止状态要使金属杆能沿导轨向上运动，可以采取的措施是（ ）A增大磁感应强度BB调节滑动变阻器使电流减小C增大导轨平面与水平面间的夹角D将电源正负极对调使金属杆的电流方向改变5、在图所示的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是( )A电

4、流表示数变小，电压表示数变大B电流表示数变大，电压表示数变大C电流表示数变大，电压表示数变小D电流表示数变小，电压表示数变小6、下列有关物理学史说法正确的是A库仑提出了库仑定律，并通过实验测出了静电力常量B牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量C为了方便研究电场，库仑提出了电场线的概念D库仑通过油滴实验测出了电子的电荷二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，空间存在垂直于纸面向里的磁感应强度为的匀强磁场，场内有一绝缘的足够长的直杆，它与水平面的倾角为，

5、一带电量为-q质量为m的带负电小球套在直杆上，从A点由静止沿杆下滑，小球与杆之间的动摩擦因数为，在小球以后的运动过程中，下列说法正确的是 （ ）A小球下滑的最大速度为vm=mgsinqBB小球下滑的最大加速度为am=gsinC小球的加速度一直在减小D小球的速度先增大后不变8、一个矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势e220sin(100t)V，那么()A该交变电流的频率是50 HzB当t0时，线圈平面恰好位于中性面C当t s时，e有最大值D该交变电流电动势的有效值为220 V9、A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，其速度随

6、时间变化的规律如图所示，则（）A电子在A、B两点受的电场力FAFBBA、B两点的电场强度EAEBCA、B两点的电势ABD电场线的方向一定是从A到B10、如图所示的电路中，电源的电动势恒定要想使灯泡变暗，可以( )A增大R1B减小R1C增大R2D减小R2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为确定某电子元件的电气特性，用多用表测量该元件的电阻，选用“100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转过大，因此需选择_倍率的电阻挡(填“10”或“1k”)，并_再进行测量，多用表的示数如图所示，测量结果为_.12（12分）在“测定金属的电阻率”

7、的实验中（1）某同学测量金属丝的直径时螺旋测微器如图甲所示，则该金属丝的直径为d=_mm（2）金属丝的电阻Rx大约是3，实验室提供的电流表A（量程2.5mA，内阻约30）、电压表V（量程3V，内阻约3k）则金属丝、电流表和电压表的连接方式应该采用甲乙两图中的_图四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R0.4 m，在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E1.0104 N/C。现有

8、一电荷量q1.0104 C，质量m0.1 kg的带电体(可视为质点)，在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点。取g10 m/s2。试求：(1)D点到B点的距离xDB；(2)带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能。14（16分）在方向水平向右，大小E1104N/C的匀强电场中，用细线将质量m4103kg的带电小球P悬挂在O点，小球静止时细线与竖直方向夹角37（已知sin370.6，cos370.8）求：（1）小球的带电性质；（2）小球的带电量； 15（12分）如图所示，空间存在着电场强度E1.5101N/C、方向竖直向上的匀强电场，

9、在电场内一长为L0.5 m的绝缘细线一端固定于O点，另一端拴着质量m0.5kg、电荷量q410-1C的小球，带正电现将细线拉至水平位置，将小球由静止释放，当小球速度达到最大时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂取g10m/s1求：(1)细线能承受的最大拉力值(1)当小球继续运动到与O点水平方向的距离为L时，小球距离O点的高度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、因为高度越高，重力加速度越小，所以同步卫星轨道上的重力加速度小于地面重力加速度，可知卫星重力小于在地球表面时受到的重力，故A错误；B、卫

10、星绕地球做匀速圆周运动，处于完全失重状态，但是重力不为零，故B错误；C、同步卫星的周期一定，根据万有引力提供向心力GMmr2=m42rT2知，轨道半径一定，则高度一定，故C正确；D、同步卫星相对地面静止，但是不是处于平衡状态，故D错误；故选C。【点睛】同步卫星轨道上的重力加速度小于地面重力加速度，可知卫星重力与在地球表面重力的大小关系；卫星绕地球做匀速圆周运动时，处于完全失重状态，同步卫星定轨道、定高度、定周期。2、D【解析】试题分析：电场力对电荷做正功，说明运动的方向与电场力方向相同，电荷的电势能减小，根据动能定律知动能增大解：A、B：电场力对电荷做正功，说明运动的方向与电场力方向相同，电荷

11、的电势能减小；但是不能判断出该电荷是正电荷还是负电荷故A错误，B错误；C：电场力对电荷做正功，电荷的电势能减小；故C错误；D：电场力对电荷做正功，说明运动的方向与电场力方向相同，电荷的电势能减小；但是不能判断出该电荷是正电荷还是负电荷故D正确；故选D【点评】考查了功能关系：电场力做功，导致电势能变化就像重力做功，必导致重力势能变化一样3、D【解析】在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比【详解】长为0.01m，电流强度为5A，把它置入某磁场中某点，受到的磁场力为0.1N，当垂直

12、放入磁场时，则公式，若不是垂直放入磁场时，则磁感应强度比2T还要大，故D正确，ABC错误4、A【解析】当金属杆处于静止状态时，在沿斜面方向上受到安培力和重力沿斜面向下的分力，处于平衡状态，所以满足，若增大磁感应强度B，则向上的安培力增大，故金属杆可以沿导轨向上运动，若使电流减小，则安培力减小，金属杆沿导轨向下运动，若增大导轨平面与水平面间的夹角，则重力沿斜面方向的分力增大，金属杆沿导轨向下的运动，若将电源正负极对调使杆中的电流方向改变安培力将沿斜面向下，因此金属棒将向下运动，故A正确5、A【解析】试题分析：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑片P向右滑动

13、时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，则电路的电流变小，即电流表的示数变小，所以电源内阻和R0所占电压变小，则滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大， BCD错误故选A考点：电路的动态分析【名师点睛】本题考查了欧姆定律及串联电路的电压规律，注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化，无法直接由欧姆定律求得两端的电压，故先求得与之串联定值电阻两端的电压，再根据总电压不变，得出滑动变阻器两端的电压6、A【解析】A.库仑利用扭秤实验研究了得出电荷间相互作用力的规律-库仑定律，测出了静电力常量，故A正确；B.牛顿发现了万有引力定律，但他没有测出万有引力常量，是卡文迪许通过实验确定了万有引

14、力常量，故B错误；C. 为了方便研究电场，法拉第提出了电场线的概念，故C错误；D. 密立根通过油滴实验，测出了电子的电量，提出了电荷量子化观点，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：小球从A点由静止沿杆下滑，受到重力、支持力、洛伦兹力、摩擦力，根据牛顿第二定律表示出加速度，进而分析出最大速度和最大加速度及加速度的变化过程小球开始下滑时有mgsin-mgcos-qvB=ma，随v增大，a增大，当v=mgcosqB时，a达最大值gsin，此时

15、洛伦兹力等于mgcos，支持力等于0，此后随着速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，此后下滑过程中有mgsin-qvB-mgcos=ma，随v增大，a减小，当vm=mgsin-cosqB时，a=0，此时达到平衡状态，速度不变所以整个过程中，v先一直增大后不变；a先增大后减小，所以B正确8、AB【解析】交变电流的=100=2f，所以频率为50Hz，故A正确；t=0时，电动势为零，线圈平面处于中性面，故B正确；当t=s时，e=220sin=0，故C错误；由表达式知最大值为220V，所以该电动势的有效值为220V，故D错误；故选AB【点睛】对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确

16、交流电表达式中各个物理量的含义9、AC【解析】由速度图象看出，图线的斜率逐渐增大，电子的加速度增大，电子所受电场力增大，则电场力FAFB故A正确电子所受电场力增大，场强增大，电场强度EAEB故B错误由题，电子静止开始沿电场线从A运动到B，电场力的方向从A到B，电子带负电，则场强方向从B到A，根据顺着电场线电势降低可知，电势AB故C正确由速度图象看出，电子的速度增大，加速度增大，电场力变大，但是场强方向不一定沿B到A的方向，选项D错误；故选AC. 10、AD【解析】如图所示，灯泡与电阻R2并联，然后R1串联要使灯泡变暗，应使流过灯泡的电流变小【详解】A.增大R1，电路总电阻增大，干路总电流减小，

17、灯泡和R2并联的电压就减小，所以灯泡的电流减小，灯泡变暗，A正确B.减小R1，电路总电阻减小，干路总电流增大，灯泡和R2并联的电压就增大，所以灯泡的电流增大，灯泡变亮，B错误C.增大R2，电路总电阻增大，干路总电流减小，则电压内阻r和R1的电压都减小，并联部分的电压增大，加在灯泡两端的电压变大，流过电灯泡的电流增大，灯泡变亮，C错误D.减小R2，电路总电阻减小，干路总电流增大，则电压内阻r和R1的电压都增大，并联部分的电压减小，加在灯泡两端的电压减小，流过电灯泡的电流减小，灯泡变暗，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 10 欧姆

18、调零 70【解析】选用“100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过大，说明所选挡位太大，为准确测量，需要选择10倍率的电阻档，然后重新进行欧姆调零；由图示可知，电阻测量值为710=70。12、1.721mm（1.721mm1.723mm都正确）； 乙 【解析】（1）由图所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为22.10.01mm=0.221mm，螺旋测微器的示数为1.5mm+0.221mm=1.721mm（2）由题意可知，则电流表应采用外接法，应选图乙所示电路图【点睛】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时需要估读当电压表内阻远大于待测电阻阻值时用电流表外