广西玉林市福绵高级中学2023学年高二物理第一学期期中综合测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A做斜抛运动的物体到达最高点时速度为零B匀强电场是指电场强度的大小方向处处相同C元电荷就是

2、带电量最小的带电粒子D电容器所带电荷量为两板量所带电荷量绝对值之和2、电场中M、N两点场强的大小分别为EM、EN，电势分别为M、N.某带电粒子仅在电场力作用下从M点运动到N点，若此过程中带电粒子的动能始终保持不变，下列判断正确的是（ ）AEMEN，MNBEMEN，M=NCEM=EN，M=NDEMEN，MN3、在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为l.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A则以下判断中正确的是（）A电动机两端的电压为1.0VB电动机的机械功率为12WC电动机产生的热功率4.0WD电源输出的电功率为2

3、4W4、一坐在椅子上的同学从地面上抓起了一瓶矿泉水，这一过程该同学所做的功和功率最接近（）A5J 5WB5J 100WC100J 100WD100J 5W5、在光滑绝缘的水平面上放置着四个相同的金属小球，小球A、B、C位于等边三角形的三个顶点上，小球D位于三角形的中心，如图所示现使小球A、B、C带等量正电荷Q，使小球D带负电荷q，使四个小球均处于静止状态，则Q与q的比值为ABC3D6、如图所示，某电场中的一条电场线，一电子从a点由静止释放，它将沿电场线向b点运动，下列有关该电场的判断正确的是()A该电场一定是匀强电场B场强Ea一定小于EbC电子具有的电势能Epa一定大于EpbD电势ab二、多项

4、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，虚线a、b、c代表电场中三条电场线，实线为一带电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知 （ ）A带点质点在P点的加速度大于在Q点的加速度B带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小D带电质点一定带负电8、下列描述电场的物理量中哪些与试探电荷无关？( )A电场强度 B电势 C电势能 D电势差9、某电场的电场线的分布如图所示。一个带电粒子仅受电场力

5、由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点。下列判断正确的是A粒子带负电B电场力对粒子做负功C粒子在N点的加速度大DN点的电势比M点的电势低10、如图所示，带电荷量之比为qAqB13的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OCCD，忽略粒子重力的影响，则( ) AA和B在电场中运动的时间之比为12BA和B运动的加速度大小之比为41CA和B的位移大小之比为11DA和B的质量之比为112三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）读出图甲中游标卡尺和图乙中螺旋测微器的读数： （

6、1）游标卡尺读数为 _cm（2）螺旋测微器读数为_mm.12（12分）有一未知电阻R（R不随温度变化），为较准确地测出其阻值，先后用电流表内外接电路进行测试，利用电流表外接法测得的数据为“2.7V，5.0mA”，利用电流表内接法测得的数据为“2.8V，4.0mA”，那么，该电阻测得值较准确的数值为_，它比真实值_（填“偏大”、“相等”或“偏小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑水平面上，物块A静止，长板B与其左端上的物块C以相同速度向右运动，长板B与物块A发生弹性碰撞，碰撞时间很短可不计。

7、已知A、B、C三者的质量分别为2m、m、5m，C、B间动摩擦因数为，C始终没离开B上表面，重力加速度为g。求：(1)B从第一次与A碰撞到第二次碰撞经历的时间；(2)长板B的长度至少为多少？14（16分）如图所示，长度为l的轻绳上端固定在O点，下端系一质量为m，电荷量为+q的小球整个装置处于水平向右，场强大小为的匀强电场中（1）求小球在电场中受到的电场力大小F；（2）当小球处于图中A位置时，保持静止状态若剪断细绳，求剪断瞬间小球的加速度大小a；（3）现把小球置于图中位置B处，使OB沿着水平方向，轻绳处于拉直状态小球从位置B无初速度释放不计小球受到的空气阻力求小球通过最低点时的速度大小v15（12

8、分）图中的实线是一列简谐波在某一时刻的波形图经0.2 s后，其波形如图中虚线所示(1) 若该波向左传播，求波的传播速度和周期；(2) 若该波的波速为0.9m/s，求波的传播方向.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】斜抛运动速度可以分解为水平速度和竖直速度，上升过程是匀减速直线运动，当竖直速度减到零时到达最高点，此时水平速度不变，故A错误；由于电场线的疏密程度反映电场的强弱，所以匀强电场的电场线疏密程度相同，即是一组相互平行等间距的直线，故B正确；元电荷是自然界最小的电量，不是带电荷量最小的带电粒子，故C错

9、误；电容器所带的电荷量是指任何一个极板所带电荷量的绝对值，而不是指两个极板所带电荷量的绝对值的和，故D错误。所以B正确，ACD错误。2、C【解析】试题分析：因带电粒子在MN两点运动时的动能始终保持不变，故粒子的速率大小不变，可知粒子所受的电场力始终与速度垂直，电场力不做功，可知两点的场强大小相等，电势相等，故选C.考点：带电粒子在电场中的运动3、B【解析】试题分析：A、电路中电流表的示数为23A，所以电动机的电压为：U=EU内UR3=22IrIR3=2222225=7V，电动机的总功率为：P总=UI=72=24W，电动机的发热功率为：P热=I2R=2235=2W，所以电动机的输出功率为：P出=

10、24W2W=22W，所以A错误，B正确，C错误；D、电源的输出的功率为：P输出=EII2R=222222=23W，所以D错误故选B考点：电功、电功率4、A【解析】一瓶矿泉水重约为5N，椅子高度约为1m，故W=Gh=51=5J时间约为1s，根据知故选A。5、D【解析】试题分析：以A、B、C三个中的一个为研究对象，如以B为研究对象有：受到A、C的斥力作用，同时受到D点点电荷的引力作用，设三角形边长为L，根据受力平衡得：，其中，所以解得：，故ABC错误，D正确考点：库仑定律；物体的平衡.6、C【解析】AB因电子由静止释放，且由a向b运动，则电子所受的电场力一定是由a指向b，因为电子带负电荷，所受的电

11、场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由b指向a。由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故A错误，B错误；C由题意知，电场力对电子做正功，电势能减小，所以电子具有的电势能EPa一定大于EPb，故C正确；D由分析可知电场方向由b指向a，而沿着电场线方向电势降低，所以电势a一定低于b，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A、电场线密的地方表示场强大，故P点的电场强度大，则电场力大，根据牛顿第二定律可知P

12、加速度也大；故A正确.B、C、根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右方，从P到Q过程中电场力做负功，电势能增大，动能减小，故P点的电势能小,动能大，故B正确,C错误；D、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于不知道电场的方向，因此无法确定质点带正电还是带负电，故D错误.故选AB.8、ABD【解析】电场强度的定义E=Fq：试探电荷在电场中受到的电场力与试探电荷所带电量的比值，定义的是一个“比值”，与所带的电量无关，故A正确；电势的定义=Epq：试探电荷在电场中具有的电势能与试探电荷所带电量的比值，定义的是一个“比值”，与所带的电量无关，故B正确；电势能的大小与在电场中移动试探电荷时，电场力做

13、的功的大小有关，故与试探电荷的电量有关，故C错误；电势差的定义：U=Wq，定义的也是一个“比值”，与所带的电量无关，故D正确。故选ABD。【点睛】该题中，与电场有关的几个物理量中，电场强度，电势，电势差定义的都是“比值”，故与试探电荷所带的电量无关9、CD【解析】A由图根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向向上，而电场线的方向也向上，所以电荷为正电荷。故A错误。B从M点到N点，静电力方向与速度方向成锐角，电场力做正功。故B错误。C电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大。故C正确。D沿着电场线方向电势逐渐减低，所以N点的电势比M点

14、的电势低。故D正确。10、ABD【解析】A：粒子在电场中做类平抛运动，水平方向，初速度相等，则故A项正确B：粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，y相同，则故B项正确C：A和B的位移大小之比，故C项错误D：由牛顿第二定律得：，则粒子质量，所以故D项正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.055 8.462 【解析】(1)1 20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为110.05mm=0.55mm所以最终读数为：10mm+0.55mm=10.5

15、5mm=1.055cm(2)2 螺旋测微器的固定刻度为8mm，可动刻度为46.20.01mm=0.462mm所以最终读数为8mm+0.462mm=8.462mm12、700 偏大 【解析】两次测量电压表示数变化率大小UU2.8-2.72.7127，电流表示数变化率大小II5.0-4.05.0=15；则UUII，可见电流表示数变化显著，说明电压分流作用显著，采用电流表内接法误差较小。测量值Rx=UI2.8410-3=700，真实值R真=Rx-RA，故测量值比真实值偏大。【点睛】实验误差要从实验原理进行分析本实验原理是伏安法，a图中由于电流表的分压，使测量值大于真实值b图中由于电压表的分流，使测量

16、值小于真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)【解析】(1)以水平向右为正方向，设长板B与物块A发生弹性碰撞后，长板B的速度为，物块A的速度为，有解得，随后，C、B相对运动，设历时达到共同速度v，由动量定理，对B有对C有解得，设B向右位移，则设再历时，B追上A，则解得B从第一次与A碰撞到第二次碰撞经历的时间(2)由题分析可知，B与A多次碰撞后，最终A、B、C三者速度相同为，有设长板B的长度至少为L，由能量守恒定律得解得14、（1） ；（2） ；（3） 【解析】（1）小球所受的电场力（2）根据平行四边形定则,小球受到的重力和电场力的的合力 根据牛顿第二定律所以小球的加速度（3）根据动能定理有，解得