西藏日喀则市南木林中学2023学年物理高二下期末质量跟踪监视试题（含解析）

1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、现代建筑出现了一种新设计：在墙面的装饰材料中均匀混入小颗粒状 的小球，球内充入一种非晶体材料，当温度升高时，球内材料熔化吸热， 当温度降低时，球内材料凝同放热，使建筑内温度

2、基本保持不变下列 四个图象中，表示球内材料的熔化图象的是ABCD2、1827年，英国植物学家布朗在显微镜下观察悬浮在液体里的花粉颗粒，发现花粉颗粒在做永不停息的无规则运动，这种运动称为布朗运动下列说法正确的是A花粉颗粒越大，花粉颗粒无规则运动越明显B液体温度越低，花粉颗粒无规则运动越明显C布朗运动就是液体分子永不停息的无规则运动D布朗运动是由于液体分子的无规则运动引起的3、如图，由某种粗细均匀的总电阻为3R的金属条制成的矩形线框abcd，固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场B中一接入电路电阻为R的导体棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v匀速滑动，滑动过程PQ始终与ab垂直，且与线

3、框接触良好，不计摩擦在PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中()APQ中电流先增大后减小BPQ两端电压先减小后增大CPQ上拉力的功率先减小后增大D线框消耗的电功率先减小后增大4、用水平力F推静止在斜面上的物块,当力F由零开始逐渐增大到某一值而物块仍保持静止状态,则物块( )A所受斜面摩擦力可能变为零B所受合力逐渐增大C所受斜面弹力逐渐变小D所受斜面作用力大小不变5、对于同一物理问题，常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究，找出其内在联系，从而更加深刻地理解其物理本质正方体密闭容器中有大量运动粒子，每个粒子质量为m，单位体积内粒子数量n为恒量，为简化问题，我们假定：粒子大小可以忽略；其速率均为v，

4、且与器壁各面碰撞的机会均等；与器壁碰撞前后瞬间，粒子速度方向都与器壁垂直，且速率不变利用所学力学知识，导出器壁单位面积所受粒子压力f与m、n和v的关系正确的是：A一个粒子每与器壁碰撞一次给器壁的冲量为B时间内粒子给器壁S的冲量为C器壁单位面积所受粒子压力为D器壁所受的压强大小为6、氢原子的核外电子从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道的过程中()A原子要吸收光子,电子的动能增大,原子的电势能增大B原子要放出光子,电子的动能减小,原子的电势能减小C原子要吸收光子,电子的动能增大,原子的电势能减小D原子要吸收光子,电子的动能减小,原子的电势能增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在

5、每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，理想变压器的原线圈接有频率为f、电压为U的交流电，副线圈接有光敏电阻R、交流电表.下列说法正确的是()A当U增大时，变压器的输入功率增大B当f减小时，变压器的输入功率减小C当光照增强时，交流电表的示数减小D当滑动触头P向下滑动时，交流电表的示数增大8、如图所示是某同学设计的加速度传感器原理示意图具有一定质量的滑块2可以在光滑的框架1中平移，滑块两侧用弹簧3拉着；R为滑动变阻器，4是滑动片，它与电阻器任一端间的电阻值都与它到这端的距离成正比两节电池E的电压相同按图连接电路后，电

6、压表指针的等点调在中央，已知当P端的电势高于Q端时指针向零点右侧偏转（ ）A当物体具有图示方向的加速度a时，电压表的指针将向右偏转B当物体具有图示方向的加速度a时，电压表的指针将向左偏转C若电压表的刻度均匀，加速度的刻度也均匀D即使电压表的刻度是均匀的， 加速度的刻度也一定不是均匀的9、如图所示，一平直公路上有三个路标o、m、n,且om=3m、mn=5m。一辆汽车在该路段做匀加速直线运动依次通过o、m、n三个路标，已知汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为,则下列说法中正确的是：A汽车在om段的平均速度大小为2m/ sB汽车从m处运动到n处的时间为2sC汽车经过o处时的速度大小为2m/sD汽

7、车在该路段行驶的加速度大小为2m/s210、如图所示，一束光斜射向水面，入水后分成a、b两束，下列说法正确的是()Aa光比b光更容易发生衍射现象Ba光的频率大于b光的频率C在水中a光的速度比b光的速度小D当a，b两种光从水射向空气时，a光的临界角大于b光的临界角三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在学习了“研究碰撞中的不变量”的实验后，得出了动量守恒定律，反过来我们可以利用该实验中的有关方案来验证动量守恒定律下面是某实验小组选用水平气垫导轨、光电门的测量装置来研究两个滑块碰撞过程中系统动量的变化情况实验仪器如图甲所示实验过程：（1

8、）调节气垫导轨水平，并使光电计时器系统正常工作（1）在滑块1上装上挡光片，用游标卡尺测得其挡光宽度L如图乙所示，则L=_mm（3）在滑块1的碰撞端面粘上橡皮泥（或双面胶纸）（4）用天平测出滑块1和滑块1的质量m1=0.4 kg、m1=0.1 kg（5）把滑块1和滑块1放在气垫导轨上，让滑块1处于静止状态（v1=0），用滑块1以初速度v1与之碰撞（这时光电计时器系统自动计算时间），撞后两者粘在一起，分别记下滑块1的挡光片碰前通过光电门1的挡光时间t1和碰后通过光电门1的挡光时间t1（6）先根据计算滑块1碰撞前的速度及碰后两者的共同速度v；再计算两滑块碰撞前后的动量，并比较两滑块前后的动量的矢量和

9、实验数据：（请在下表格的空白处填上相应文字或数据）_；_；_；_；12（12分）某实验小组为了测定某一标准圆柱形导体的电阻率为了设计电路，先用多用电表的欧姆档粗测圆柱形导体的电阻，采用“x10”档，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来分别用游标卡尺和螺旋测微器对圆柱形导体的长度L和直径d进行测量，结果如图1所示，其读数分别是L=_mm，d=_mm为使实验更加准确，又采用伏安法进行了电阻测量，右面两个电路方案中，应选择图2中的图_（填“甲”或“乙”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10

10、分）如图，地面上固定一粗糙斜面AB质量为的滑块以的初速度从斜面底端沿着斜面上滑，斜面倾角为，长m，滑块与斜面的滑动摩擦因数为，求：（已知，重力加速度取10m/s2）（1）滑块沿斜面上滑时的加速度；（2）若m/s，求滑块沿斜面上滑的最大距离；（3）若m/s，求滑块着地速度大小14（16分）图示为固定在水平桌面上的两根足够长、相距为L、的电阻不计的金属平行轨道P、Q，在轨道左端固定一根导体棒a，轨道上放置另一根质量为m的导体棒b，两导体棒的电阻均为R，该轨道平面处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。t=0时刻给b棒一个大小为v、沿轨道向右运动的初速度，在b棒运动的过程中，b棒产生的焦耳

11、热为Q。求：（1）t=0时刻，b棒两端的电压；（2）b棒运动的整个过程中与轨道摩擦所产生的热量。15（12分）如图所示，物块质量m=4kg，以速度v=2m/s水平滑上一静止的平板车上，平板车质量M=16kg，物块与平板车之间的动摩擦因数=0.1，其他摩擦不计（g=10m/s2），求：(1)物块相对平板车静止时，物块的速度；(2)要使物块不从平板车上滑下，平板车至少多长？(3)若平板车足够长，求物块在平板车上滑行的时间；2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【答案解析】由题意可知，

12、球内充入一种非晶体材料；A.整个过程温度有上升的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以是晶体的熔化图象；不符合题意；B.整个过程温度有下降的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以是晶体的凝固图象；不符合题意；C.温度有上升的趋势，且整个过程中温度都在不断上升，所以是非晶体的熔化图象；符合题意；D.整个过程中温度有下降的趋势，且整个过程中温度都在不断下降，所以是非晶体的凝固图象，不符合题意2、D【答案解析】花粉颗粒越大，表面积越大，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越多，所受的颗粒所受的冲力越平衡，则布朗运动越不明显，故A错误温度越低，液体分子运动越不明显，布朗运动也越不明显，故B错误；布朗运动是指悬浮在

13、液体中的颗粒所做的无规则运动的运动，布朗运动是由于液体分子的无规则运动对固体微粒的碰撞不平衡导致的，它间接反映了液体分子的无规则运动，故C错误，D正确，故选D.【答案点睛】布朗运动是指悬浮在液体中的颗粒所做的无规则运动的运动，布朗运动是由于液体分子的无规则运动对固体微粒的碰撞不平衡导致的，它间接反映了液体分子的无规则运动当温度一定时，颗粒越小，布朗运动越明显；当颗粒大小一定时，温度越高，布朗运动越明显3、C【答案解析】导体棒由靠近ad边向bc边匀速滑动的过程中，产生的感应电动势E=BLv，保持不变，外电路总电阻先增大后减小，由欧姆定律分析得知PQ中的电流先减小后增大，故A错误；PQ中电流先减小

14、后增大，PQ两端电压为路端电压，由U=E-IR，可知PQ两端的电压先增大后减小故B错误；导体棒匀速运动，PQ上外力的功率等于回路的电功率，而回路的总电阻R先增大后减小，由，分析得知，PQ上拉力的功率先减小后增大故C正确；线框作为外电路，总电阻最大值为，则导体棒PQ上的电阻始终大于线框的总电阻，当导体棒向右运动的过程中电路中的总电阻先增大后减小，根据闭合电路的功率的分配关系与外电阻的关系可知，当外电路的电阻值与电源的内电阻相等时外电路消耗的电功率最大，所以可得线框消耗的电功率先增大后减小故D错误【答案点睛】本题一要分析清楚线框总电阻如何变化，抓住PQ位于ad中点时线框总电阻最大，分析电压的变化和

15、电流的变化；二要根据推论：外电阻等于电源的内阻时电源的输出功率最大，分析功率的变化4、A【答案解析】ABC. 物体静止平衡，所受合力为零；受力分析如图所示，把F沿斜面向上和垂直于斜面向下分解，随着F增大，所受斜面摩擦力先减后增，某时可能变为零；所受斜面弹力一直逐渐变大；A正确BC错误。D. 所受斜面作用力，根据平衡条件可知斜面对物体作用力大小等于 ，逐渐变大，D错误。5、B【答案解析】A一个粒子每与器壁碰撞一次给器壁的冲量如图所示故A错误；B以器壁上面积为S的部分为底、 为高构成柱体，由题设可知，其内有的粒子在时间内与器壁上面积为S的部分发生碰撞，碰撞粒子总数时间内粒子给器壁的冲量故B错误；C

16、器壁上面积为S的部分受到粒子的压力故C正确；D则器壁单位面积所受粒子的压力，故D错误。故选C.6、D【答案解析】从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道过程中，原子要吸收光子，能级增大，总能量增大，根据知，电子的动能减小，则电势能增大。A. 原子要吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能增大，与结论不相符，选项A错误；B. 原子要放出光子，电子的动能减小，原子的电势能减小，与结论不相符，选项B错误；C. 原子要吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能减小，与结论不相符，选项C错误；D. 原子要吸收光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，与结论相符，选项D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，

17、共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【答案解析】试题分析：当U增大时，根据U1U2=n考点：考查了理想变压器8、BC【答案解析】当物体具有图示方向的加速度a时，滑块偏向左端，滑片4偏向左端，此时P端电势低于Q端，电压表的指针将向左偏转，选项A错误，B正确；对滑块，设左边弹簧的压缩量为x，则右边弹簧的伸长量为x，根据牛顿第二定律：，电压表读数的变化为，可知电压表读数的变化与滑片移动的距离x成正比，而x与加速度成正比，则若电压表的刻度均匀，加速度的刻度也均匀的，选项C正确，D错误；故选BC.点睛：本题是力电综

18、合题，关键是寻找力与电联系的纽带，此题力电的桥梁是滑块移动的距离，此距离可联系加速度和电路的电阻值 9、CD【答案解析】设汽车经过o路标时速度为v，又由于汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为v=2m/s，故通过m路标时速度为v+2，通过n路标时速度为v+4，由匀变速直线运动的速度与位移关系有：，解得：v=2m/s；a=2m/s2.A.汽车在om段的平均速度大小为；故A错误.B.汽车在mn段的平均速度大小为，故汽车从m处运动到n处的时间为：；故B错误.C.汽车经过o处时的速度大小为v=2m/s，故C正确.D.由上述分析可知汽车在该路段行驶的加速度大小为2m/s2，故D正确.10、AD【答案解

19、析】A.由题图看出，a光的偏折程度小于b光的偏折程度，则a光的折射率小于b光的折射率，a光的频率小，由c=f知，波长大，因此a光比b光更容易发生衍射现象，故A正确。B.a光的折射率小于b光的折射率，则a光的频率小于b光的频率，故B错误。C.由公式n=c/v得v=c/n，则在同样介质中a光传播的速度比b光的大。故C错误。D.因为a光的折射率小，由公sinC=1/n知，a光的临界角大，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.0 0.116 0.181 0.178 在误差允许的范围内，碰撞前系统动量矢量和等于碰后系统动量矢量和 【答

20、案解析】(1)由图乙所示游标卡尺可知，10分度的游标精度为0.1mm，其示数为：1mm+00.1=1.0mm；(6)由表中实验数据可知，动量：m1v1=0.40.190=0.116kgm/s，m1v1=0.40.453=0.181kgm/s，（m1+m1）v=（0.4+0.1）0.196=0.178kgm/s；由表中实验数据可知，在误差允许范围内，碰撞过程系统动量守恒；【答案点睛】本题考查了游标卡尺读数、实验数据处理；要掌握常用器材的使用及读数方法，游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺读数，游标卡尺不需要估读12、23.7 2.792 乙 【答案解析】【试题分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，注意二者读数的差别根据题意要求，所测电阻偏小注意滑动变阻器采用分压式接法，电流表采取外接法再结合电阻定律和欧姆定律求出电阻率的表达式游标卡尺的主尺读数为23mm，游标尺上第7个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.17mm=0.7mm，所以最终读数为23mm+0.7mm=23.7mm；螺旋测微器的固定