广东省惠州市铁岗中学2023年高三物理下学期期末试题含解析

1、广东省惠州市铁岗中学2023年高三物理下学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，有一半圆形玻璃砖，、两束不同频率的单色光从玻璃砖底边平行射入，a、b为入射点（均在玻璃砖底边圆心O的左侧），两束光进入玻璃砖后一起射到点，垂直底边，下列说法正确的是（ ）A从点射出的一定是一束复色光B若两束光为红光和蓝光，则从a点入射的是蓝光 C若增大两束光的入射角，则光将先发生全反射D若将光的入射点a左移一点，则两束平行光的出射光线也一定平行参考答案：2. （多选题）如图，质量为m的小球用轻绳悬挂在O点，在水平恒力作用下，小球从静止开始

2、由A经B向C运动。则小球A先加速后减速 B在B点加速度为零C在C点速度为零 D在C点加速度为参考答案：ACD【考点定位】 动能定理；牛顿第二定律；圆周运动【名师点睛】 本题考查了牛顿第二定律、圆周运动和动能定理等知识点，属于动力学综合题，意在考查考生的分析综合能力。3. 意大利的物理学家伽利略提出“著名的斜面试验”，逐渐增大斜面倾角并由此推理得出的结论是（）A自由落体运动是一种匀变速直线运动B无论物体是否运动，都具有惯性C力不是维持物体运动的原因D力是使物体产生加速度的原因参考答案：A【考点】物理学史；自由落体运动【分析】解答本题的关键是了解“理想斜面实验”内容、具体方法以及结论等【解答】解：

3、在伽利略的“理想斜面实验”中，若逐渐增大斜面倾角并将结论放大得出的最后结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动，若将角度减小，最后变为水平，忽略摩擦得出的结论是物体的运动不需要力来维持，故BCD错误，A正确故选A4. 一矩形线框在匀强磁场内绕垂直于磁场的轴匀速转动过程中，线框输出的交流电压随时间变化的图象如图所示，下列说法中正确的是（ ）At=0时刻线圈平面与磁场平行B交流电压的频率为0.25Hz C1s末线框平面垂直于磁场，通过线框的磁通量变化最快D2s末线框平面垂直于磁场，通过线框的磁通量最大参考答案：BD解析：由ut图象可知，t=0时刻瞬时电压为零，线圈处于中性面，频率f=s=0.25HZ

4、，故选项A错误、B正确；由图可知，1s末交变电压最大，通过线框的磁通量变化率最大，此时线圈与磁场方向平行，而2s末交变电压为零，此时线圈经过中性面与磁场垂直，穿过线圈的磁通量最大，故选项C错误、D正确；5. （单选）一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小在此过程中，其它力保持不变，则质点的加速度大小a和速度大小v的变化情况是（）Aa和v都始终增大Ba和v都先增大后减小Ca先增大后减小，v始终增大Da和v都先减小后增大参考答案：解：由于质点初始处于静止状态，则其所受合力为零这就相当于受两个等大反向的力：某个力和其余几个力的合力其中某个

5、力逐渐减小，而其余几个力的合力是不变的，则其合力就在这个力的反方向逐渐增大，这个力再由零增大到原来大小，则合力又会逐渐减小直到变为零，所以合力变化为先增大后减小，故加速度a先增大后减小，因此AD错误；合外力的方式始终与其余几个力的合力保持一致由牛顿第二定律F合=ma知其加速度先增大后减小所以从加速变化看只有C项符合，又由于其合外力方向始终不变，则加速度方向始终不变，所以其速度会一直增大因此B错误，C正确故选：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （选修33）如图一活塞与汽缸密封了一定质量的气体，活塞与汽缸之间摩擦不计，可在汽缸中自有移动，汽缸固定在地面上不动。现通过一热源对

6、汽缸加热，某同学测出气体吸收的热量为2.0106J，算出活塞移动对外做功为2.5106J，则气体内能_（选填“增加”或“减少”）_J,该同学测算出的数据有何问题？_参考答案：答案：减少、510-4、违反热力学第二定律7. 一个中子轰击铀核（）可裂变生成钡（）和氪（）.已知、和中子的质量分别是mu、mBa、mKr、mn，则此铀裂变反应的方程为 ；该反应中一个裂变时放出的能量为 （已知光速为c）在某次冰壶比赛中，运动员将一冰壶甲以4m/s速度推出，与正前方另一静止的相同质量的冰壶乙发生对心正碰，碰撞后冰壶乙以3m/s速度沿向前滑行，方向与冰壶甲运动方向相同， 求碰后瞬间冰壶甲的速度；试通过计算说明

7、该碰撞是弹性碰撞还是非弹性碰撞参考答案：8. 如图甲所示，质量为m、边长为l的正方形金属线框位于绝缘光滑水平面上，线框右边紧贴着竖直向下的有界匀强磁场的边界OO/线框在水平向右的外力F作用下从静止开始做匀加速直线运动，外力F随时间t呈线性变化，如图乙所示，图中的F0、t0均为已知量在tt0时刻，线框左边恰到达OO/此时线框受到的合力为_或_（写出两种表达）；在tt0时刻，线框的发热功率与外力F的功率之比P热：PF_ 参考答案：F0 或 ； 3:59. 如图所示，为xOy平面内沿x轴传播的简谐横波在t0=0时刻的波形图象，波速v=l.0m/s。此时x=0.15 m的P点沿y轴负方向运动，则该波的

8、传播方向是 (选填“x轴正向”或“x轴负向”)，P点经过 s时间加速度第一次达到最大。 参考答案：10. （5分）如图所示是一列简谐波的一段图象，已知d点到达波峰的时间比c早1s/200，a、c两点间水平距离为3m，则该波的传播方向为 ，波速为 m/s。参考答案： 答案：向左 20011. 有一直角架AOB，AO水平放置，表面粗糙。OB竖直向下，表面光滑。AO上套有一个小环P，OB上套有一个小环Q，两环质量均为m，两环间由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡（如图13）。现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，移动后和移动前比较，AO杆对P环的支持力N；细绳的拉力T 。参考

9、答案：不变， 变大12. 如图所示的演示实验中，A、B两球同时落地，说明，某同学设计了如右下图所示的实验:将两个斜滑道固定在同一竖直面内，最下端水平.把两个质量相等的小钢球从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板吻接，则将观察到的现象是 ，这说明 .参考答案：13. 一支300m长的队伍，以1m/s的速度行军，通讯员从队尾以3m/s的速度赶到队首，并立即以原速率返回队尾，求通讯员的位移和路程各是多少？参考答案：675m 225m三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学利用如图所示的装置探究功与速度变化的关系。（）小物块在橡皮筋的作用下弹出，沿水平桌面滑行，之

10、后平抛落至水平地面上，落点记为M1；（）在钉子上分别套上2条、3条、4条同样的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的长度都保持一致，重复步骤（），小物块落点分别记为M2、M3、M4；（）测量相关数据，进行数据处理。（1）为求出小物块抛出时的动能，需要测量下列物理量中的 （填正确答案标号）。A小物块的质量mB橡皮筋的原长xC橡皮筋的伸长量xD桌面到地面的高度hE小物块抛出点到落地点的水平距离L（2）将几次实验中橡皮筋对小物块做功分别记为W1、W2、W3、，小物块抛出点到落地点的水平距离分别记为L1、L2、L3、。若功与速度的平方成正比，则应以W为纵坐标、 为横坐标作图，才能得到一条直线。（3）由于小物块与桌

11、面之间的摩擦不能忽略，则由此引起的误差属于 （填“偶然误差”或“系统误差”）。参考答案：（1）ADE（2）L2（3）系统误差15. 现要测定一个额定电压6V、额定功率3W的小灯泡的伏安特性曲线。要求所测电压范围为0V5.5V。现有器材：直流电源E（电动势6V，内阻不计）；电压表（量程6V，内阻约为4104）；电流表（量程300mA，内阻约为2）；电流表（量程600mA，内阻约为1）；滑动变阻器R（最大阻值约为30）；电子键S，导线若干。如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，应该选用的电流表是 。下图已经完成部分导线的连接，请你在实物接线图中完成余下导线的连接。参考答案： （2分） 如图要求所

12、测电压范围为0V5.5V。电流表量程太小，实验过程中会烧坏。由所测电压范围可看出滑动变阻器应采用分压式接法，小灯泡电阻较小，电流表应外接。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. （2013?宿迁一模）如图，一定质量的理想气体从状态A经等容过程变化到状态B，此过程中气体吸收的热量Q=6.0102J，求：该气体在状态A时的压强；该气体从状态A到状态B过程中内能的增量参考答案：见解析解：（1）选取A的状态为初状态B的状态为末状态，由查理定律：解得：Pa（2）气体从状态A到状态B过程中体积不变，对外做功为0，根据热力学第一定律，气体内能的增量：E=W+Q=6.0102J答：气体在状态A时的压强8.0104；气体内能的增量6.010217. 一不透明的网柱形容器内装满折射率为的透明液体，容器底部正中央O点处有一点光源S，平面镜MN与底面成45角放置，若容器高为2 dm，底面半径为(1+)dm，OM=1 dm.在容器中央正上方1 dm处水平放置一足够长的刻度尺，求光源S发出的光线经平面镜反射后，照射到刻度尺的长度（不考虑容器侧壁和液面的反射）参考答案：18. 如图15所示，AB和CDO都是处于竖直平面内的光滑圆弧形轨道，OA处于水 平位置。AB是半径为R2m的14圆周轨道，CDO是半径为r1m的半圆轨道，最高点O处固定一个竖直弹性档板。D为CDO轨道的中央点。BC段是