2024届江苏省连云港市灌南县二中高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

2024届江苏省连云港市灌南县二中高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、放在水平桌面上的苹果，处于静止状态，下列说法中正确的是A．由于桌面发生微小的形变，对苹果产生垂直于桌面向上的弹力B．由于桌面发生微小的形变，对桌面产生垂直于桌面向下的弹力C．由于苹果发生微小的形变，对桌面产生垂直于桌面向上的弹力D．由于苹果发生微小的形变，使苹果受到重力作用2、步枪的质量为4.1kg，子弹的质量为9.6g，子弹从枪口飞出时的速度为865m/s，则步枪的反冲速度大小约为A．2m/s B．1m/s C．3m/s D．4m/s3、关于光的波粒二象性的说法中，正确的是()A．一束传播的光，有的光是波，有的光是粒子B．光子和电子是同种粒子，光波与机械波是同种波C．光的波动性是由光子间的相互作用而形成的D．光是一种波，同时也是一种粒子，光子说并未否定电磁说4、如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象。当t＝0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．0～3s内，电场力做的总功为零C．3s末带电粒子的速度不为零D．2s末带电粒子回到原出发点5、如图甲所示的电路中，不计电表内阻的影响，改变滑动变阻器的滑片位置，测得电压表和随电流表A的示数变化的实验图象如图乙所示，则下列说法不正确的是()A．图线a是电压表的示数与I的关系图线B．图线b的延长线一定过坐标原点OC．图线a、b的交点的横、纵坐标值的乘积等于电阻R0消耗的瞬时功率D．图线a、b的交点的横、纵坐标值的乘积等于电源的瞬时输出功率6、如图所示，一束粒子射入质谱仪，经狭缝S后分成甲、乙两束，分别打到胶片的A、C两点。其中，已知甲、乙粒子的电荷量相等，下列说法正确的是A．甲带正电 B．甲的比荷小C．甲的速率小 D．甲、乙粒子的质量比为2：3二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、标有”20V6W”字样的直流电动机，线圈电阻为20Ω，不计机械摩擦阻力，则电动机正常工作时，电能转化为机械能的功率P机和发热功率P热分别是（）A．P机=4.2W B．P机=1.8W C．P热=4.2W D．P热=1.8W8、如下图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是()A．粒子带正电B．粒子在A点的电势能比在B点多1.5JC．粒子在A点的动能比在B点少0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J9、如图所示，平行板电容器下极板接地，一带负电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离A．上极板带正电，电容器的电容减小B．带电油滴将沿竖直方向向上运动C．带电油滴的电势能将减少D．P点的电势不变10、如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源的内电阻，以下说法中错误的是（）A．当R2=R1+r时R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得功率一定晕大D．当R2=0时，电源的输出功率一定最大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了描绘小灯泡的伏安特性曲线，某同学设计了如下的实验电路，已知小灯泡的规格为“12V，5W”．（1）闭合电建前，应将电路图中的滑动变阻器的滑片移到______（填“a”或“b”）端．根据连接好的实物图，调节滑动变阻器，记录多组电压表和电流表的读数，作出的图线如图甲中实线所示，由图线分析可知，小灯泡的电阻随温度的升高而______（填“增大”或“减小”）．若某次电流表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的功率为____W（保留两位有效数字）．（2）若图像中的虚线Ⅰ或Ⅱ表示小灯泡真实的伏安特性曲线，与实验中得到的实线相比，虚线_____（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）才是其真实的伏安特性曲线．12．（12分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，王同学设计了如图甲所示的实验装置，其中M为带滑轮小车的质量，m为沙和沙桶的质量。（滑轮质量及滑轮与轴、细线间的摩擦均不计）（1）该同学利用此装置得到图乙所示的一条纸带（相邻两计数点间有四个点未画出），已知打点计时器频率为50Hz，求打点计时器打计数点4时小车的瞬时速度为______m/s。（结果保留两位有效数字）（2）根据王同学设计的实验装置，下列操作不必要的是______A．用天平测出沙和沙桶的质量。B．将带滑轮的长木板右端热高，以平衡摩擦力。C．小车靠近打点计时器，先接通电源再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数。D．为减小误差，实验巾一定要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M。（3）以弹簧测力计示数F为横坐标，小车加速度a为纵坐标，画出a-F图象是一条直线，如丙图所示，已知图线与横坐标的夹角为θ，图线的斜率为k，则小车的质量为______A．2tanT

B．

C．k

D．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，空间有场强E=1.0×102V/m竖直向下的电场，长L=0.8m不可伸长的轻绳固定于O点．另一端系一质量m=0.5kg带电q=+5×10-2C的小球．拉起小球至绳水平后在A点无初速度释放，当小球运动至O点的正下方B点时绳恰好断裂，小球继续运动并垂直打在同一竖直平面且与水平面成θ=53°、无限大的挡板MN上的C点．试求：

(1)小球运动到B点时速度大小及绳子的最大张力；(2)小球运动到C点时速度大小及A、C两点的电势差；(3)当小球运动至C点时，突然施加一恒力F作用在小球上，同时把挡板迅速水平向右移至某处，若小球仍能垂直打在档板上，所加恒力F的最小值。14．（16分）如图所示，ABC是固定在竖直平面内的绝缘圆弧轨道，圆弧半径为

R

．A点与圆心O等高，B、C点处于竖直直径的两端．PA是一段绝缘的竖直圆管，两者在A点平滑连接，整个装置处于方向水平向右的匀强电场中．一质量为m、电荷量为+q的小球从管内与C点等高处由静止释放，一段时间后小球离开圆管进入圆弧轨道运动．已知匀强电场的电场强度（

g

为重力加速度），小球运动过程中的电荷量保持不变，忽略圆管和轨道的摩擦阻力．求：(1)小球到达B点时速度的大小；(2)小球到达B点时对圆弧轨道的压力；​(3)请通过计算判断小球能否通过圆弧轨道上的C点．15．（12分）如图，在区域Ⅰ（0≤x≤d）和区域Ⅱ（d<x≤2d）内分别存在大小相等、方向相反的匀强磁场，且垂直于oxy平面．两个质量均为m、带电量均为q（q>0）的粒子a、b于某时刻从坐标原点O沿着x轴正方向射入区域Ⅰ，入射速度分别为和，粒子在区域Ⅰ内向y轴正方向偏转．己知粒子a在离开区域Ⅰ时，速度方向与x轴正向的夹角为30°．不计重力和两粒子之间的相互作用力．求：（1）区域Ⅰ内的磁场方向和磁感应强度大小；（2）a在磁场中运动的时间；（3）当a离开区域Ⅱ时，a、b两粒子的y坐标之差．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

AB．桌面发生微小的形变，从而对苹果产生垂直于桌面向上的弹力。故A正确，B错误。CD．由于苹果发生微小的形变，要恢复原状，故会对阻碍其恢复原状的物体（桌面）施加弹力，方向垂直与桌面向下。故CD错误。2、A【解题分析】取子弹的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得：mv1-Mv2=0，则得步枪的反冲速度为，故选A.3、D【解题分析】

光具有波粒二象性是微观世界具有的特殊规律，大量光子运动的规律表现出光的波动性，而单个光子的运动表现出光的粒子性，光的波长越长，波动性越明显，波长越短，其粒子性越显著；【题目详解】A、所以的光都具有波粒二象性，光同时具有波和粒子的特性，即光是一种波，同时也是一种粒子，光子说并未否定电磁说，故A错误，D正确；

B、电子是组成原子的基本粒子，有确定的静止质量，是一种物质实体，速度可以低于光速；光子代表着一份能量，没有静止质量，速度永远是光速，光波和机械波是不同的两种波，故B错误；

C、光在传播时往往表现出的波动性，光在跟物质相互作用时往往表现出粒子性，故C错误；【题目点拨】本题考查了光的波粒二象性，有时波动性明显，有时粒子性明显，光是一种波，同时也是一种粒子．4、B【解题分析】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为，为第2s内加速度的，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：A．带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误。BC．由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0；根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零。故B正确，C错误。D．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子没有回到出发点，故D错误。5、A【解题分析】

A.电压表测量的是R0两端的电压，当电路中电流增大时，R0两端的电压增大，图线b是电压表的示数与I的关系图线，故A符合题意；B.由于测量的是定值电阻R0两端的电压，定值电阻的电压与电流成正比，则图象b的延长线一定过坐标原点O，故B不合题意；CD.图象a反映了电源的外电压与电流I的关系，图象b反映定值电阻电压与电流I的关系，两图象的交点表示定值电阻R0接在该电源上的工作状态，则图线a、b交点的横、纵坐标值的乘积等于该状态下定值电阻R0消耗的瞬时功率，也表示电源的瞬时输出功率，故CD不合题意。6、D【解题分析】

A.甲粒子在磁场中向上偏转，根据左手定则知甲粒子带负电，故A错误；B.根据洛伦兹力提供向心力，则有：解得：由图可知r甲＜r乙，则甲的比荷大于乙的比荷，故B错误；C.能通过狭缝S0的带电粒子，根据平衡条件：解得：甲、乙都能通过狭缝进入右边的磁场，所以两个粒子的速率相等，故C错误；D.由题知，甲、乙粒子的电荷量相等，根据洛伦兹力提供向心力，则有：解得：变形得：由题知，两个粒子的半径之比为：则两个粒子的质量之比为：故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

由P=UI可得电流为线圈电阻发热功率为机械功率为故选AD。8、ABD【解题分析】

A.带电粒子从A点运动到B点，电场力做的功为1.5J，说明粒子受水平向右的电场力，则粒子带正电，选项A正确；B.带电粒子从A点运动到B点，电场力做的功为1.5J，电势能减少1.5J，所以粒子在A点的电势能比在B点多1.5J，选项B正确；C.从A点运动到B点根据动能定理有，即，所以粒子在A点的动能比在B点多0.5J，选项C错误；D.从A点运动到B点根据功能关系有，即，所以粒子在A点的机械能比在B点少1.5J，选项D正确。故选ABD。9、AD【解题分析】

带负电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态，可知电场力向上，场强向下，上极板带正电；将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，两板间距变大，可知电容器的电容减小，选项A正确；由于电容器两板带电量不变，根据E=U/d，C=εS4πkd以及C=Q/U得知C=4πkQεS，板间场强不变，油滴所受的电场力不变，则油滴仍静止。故B错误。场强E不变，P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将不变，而P点的电势不变。故D正确。油滴带负电，P【题目点拨】本题关键是知道电容器带电量一定时，两板间场强与两板间距无关，要记住这一结论；10、BD【解题分析】

A．将视为电源内阻，则当R2=R1+r时R2上获得最大功率，故A正确；BC．由于为定值电阻，故当电流越大，其功率越大，因此当时，其功率最大故B错误，C正确；D．由于、r的大小关系未知，当时，当时，电源输出功率最大，当时，当时，电源的输出功率最大，故D错误；故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）a，增大，2.4；（2）Ⅱ【解题分析】（1）开始时应让测量部分电压为零，故开关应移到a端开始调节；

由图可知图象的斜率越来越小，则说明电阻越来越大，小灯泡的电阻随温度的升高而增大；由电流表示数可知，电流大小为0.4A，则由图可知，电压为6.0V，故灯泡功率P=UI=6×0.4=2.4W；

（2）由于电流表采用外接法，由于电压表分流使电流表示数偏大，而电压表是准确的，故相同电压电流应偏小，故II为真实的图象．12、0.31ADD【解题分析】

（1）用3、5两点间的平均速度代替打下4点的瞬时速度。

（2）考察探究加速度的因素的实验的操作过程：A、由于在装置的左端有弹簧测力器与细绳串联，所以拉力直接由弹簧秤读出即可，沙和桶只是用来改变拉力的，故A选项不必测量；B、由于摩擦阻力的存在，而又是用拉力代替合力，平衡摩擦阻力是必要的，故B选项必要；C、实验过程正是先让小车靠近打点计时器，先接通电源再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数，故选项C必要；D、只有当没有弹簧秤测力时，才用沙和桶的重代替拉力，当然也没必要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M。故选D.

（3）根据牛顿第二定律有：当所有摩擦阻力不计时，，那么a-F图象的斜率为k=，则小车的质量m=，故选项C错误，选项D正确；而为什么不能用角度来表示斜率呢，由于每组使用的坐标间隔不一样，则不能用tanθ来表示斜率，故选项AB错误。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）30N；（2）125V；（3）【解题分析】

（1）小球到B点时速度为v，A到B由动能定理解得F=30N（2）高AC高度为hAC，C点速度为v1U=EhAC解得U=125V（3）加恒力后，小球做匀速直线运动或者匀加速直线运动，设F与竖直方向夹角为α，当小球匀速直线运动时α=0，当小球匀加速直线运动时，F的最小值为F1，F没有最大值F与竖直方向的最大夹角为F≥8N14、(1)

(2)

(3)小球恰能沿轨道到达C点【解题分析】

（1）小球从P运动到B的过程中，由动能定理得：解得：（2）小球在最低点B时，根据牛顿第二定律得：

则由牛顿第三定律得：小球对圆弧轨道的压力大小为．

（3）设小球能沿轨道到达C点，小球由P运动到C，根据动能定理有

在C点，由受力分析有

联立以上两式，整理得：

N2=0

假设成立，小球恰能沿轨道到达C点.【题目点拨】本