2021年浙江省宁波市高考物理适应性试卷（二模）(含答案详解)

2021年浙江省宁波市高考物理适应性试卷（二模）

一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）

1.下列说法中正确的是（）

A.牛顿发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量

B.由空气进入水中传播时，电磁波的波长变短，声波的波长变长

C.红外线的显著作用是热作用，温度较低的物体不能辐射红外线

D.在地面附近有一高速匕过的火箭，地面上的人观察到火箭明显变短了

2.关于机械波与电磁波，下列说法中不正确的是（）

A.机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫

振动

B.弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程不一定等于一个振幅

C.有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去

D.电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、可见光、红外线、y射线

3.从高为57n处以某一初速度竖直向下抛出一个小球，小球与地面相碰后竖直弹起，上升到离地高

27n处被接住，则小球从被抛出到被接住这段过程（）

A.小球的位移为3m,方向竖直向下，路程为7m

B.小球的位移为3m,方向竖直向下，路程为37n

C.小球的位移为7皿，方向竖直向上，路程为7nl

D.小球的位移为7m，方向竖直向上，路程为3nl

4.将两个相同的小球从同一高度以相同的速率分别平抛和斜向上抛出，不计空气阻力，则从抛出

到落地的过程中（）

A.落地时两个小球的动量相同B.重力对两个小球的冲量相同

C.两个小球动量的变化量相同D.两个小球动能的变化量相同

5.如图所示能使原来不带电的导体4、B带电的实验所采用的起电方式为（）

甲乙

A.摩擦起电B.接触起电C.感应起电D.以上都不对

6.将一小球从斜面顶点以初速度bo水平抛出，小球落在斜面上的速度方向与先才

斜面成a角，如图所示，若增大uo,小球仍落在斜面上，则角a的变化

是（）/

XVi

A.增大

B.减小

C.不变

D.无法判定

7.铁路转弯处的弯道半径r是根据地形决定的，弯道处要求外轨比内轨高，其内外高度差h的设计

不仅与r有关，还取决于火车在弯道上的行驶速率。表格中是铁路设计人员技术手册中弯道半径

r及与之相对应的轨道的高度差九。

弯道半径丁（m）660330220165132110

内外轨高度差九伽1）0.050.100.150.200.250.30

根据表中数据，火车通过弯道时，为保证绝对安全，要求内外轨道均不向车轮施加侧面压力,

又已知我国铁路内外轨的间距设计值约为L=1.500m,结合表中数据，估算我国火车的转弯速

率为（）

A.10m/sB.15m/sC.20m/sD.25m/s

8.如图所示，一个闭合回路由两部分组成，虚线左侧电阻为r的圆形导

线圈置于沿竖直方向、大小均匀变化的磁场当中，虚线右侧光滑平

行导轨的倾角为仇宽度为d,其电阻不计.磁感应强度为&的匀强

磁场垂直导轨平面向上，且只分布在虚线右侧.质量为m、电阻为R

的导体棒ab此时恰好能静止在导轨上.下列判断中正确的是（）

A.导体棒ab所受安培力的大小为nigcos。

B.闭合回路中感应电流的大小为噜言

C.闭合回路中的电热功率为粤翳”（r+R）

D.圆形导线中的磁场变化一定是均匀增强的

9.下列说法正确的是（）

A.光电效应现象说明光子既有能量也有动量

B.a、0、y射线都是高速带电粒子流，是原子核发生衰变产生的

C.查德威克发现中子的核反应方程为：^He+lBe-记c+in

D.处于基态的氢原子可吸收任意能量的光子

10.起重机通过钢绳使静置于地面的质量为m的重物竖直上升到h高处时，物体开始以速度"匀速上

升，钢绳对重物的牵引力的功率恒为P,已知重物从地面运动到/!高处所用时间为t.在重物从地

面运动到八高处的过程中（）

A.钢绳拉力对重物做功为zng/iB.钢绳拉力对重物做功为

C.合力对重物做功为PtD.钢绳拉力对重物做功为zng"

11.甲、乙两车由静止开始沿直线同向加速运动，两车所受阻力均为/,额定功率均为P,若甲车以

恒定的功率P启动，乙车以恒定的加速度启动，则下列说法正确的是（）

A.甲车的牵引力逐渐增大

B.在t时间内，甲车的牵引力做功为

C.若乙车匀加速运动持续的时间为t,则乙车在时间t内做功为：Pt

D.乙车的功率达到额定值后，立即做匀速直线运动

12.一根粗细均匀的软绳一端固定，另一端用手抓住并上、下振动，形成了向右传播的波.此波可

看成简谐波，波的传播速度为外周期为T.下列说法正确的是（）

A.简谐波的传播速度与振动的振幅有关

B.绳中质点振动的最大速度等于波的传播速度

C.绳中相距为薮的两个质点的振动位移总是相同

D.离手距离分别为修、X式外＞打）的两质点，开始振动的时间差为专1

13.下列说法中不符合史实的是（）

A.天然放射性现象使人类认识到原子核是可分的

B.玻尔理论认为，原子中的核外电子轨道是量子化的

C.汤姆孙通过对阴极射线的研究，提出了原子具有复杂的结构

D.卢瑟福的a粒子散射实验揭示了原子核与核外电子具有等量的电荷量

二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）

14.下列说法中正确的是（）

A.光学镜头上的增透膜是利用光的偏振现象

B.用标准平面检查光学平面的平整程度利用了光的干涉现象

C.当观察者和波源间存在相对运动时一定能观察到多普勒效应现象

D.在高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢

15.下列说法正确的是（）

A.驱动力的周期等于物体的固有周期时，其受迫振动的振幅最大

B.当汽车向路边观察者驶来时，观察者会听到汽车上声源发出的一定频率的乐音音调升高

C.电磁波在与电场和磁场均垂直的方向上传播

D.较低的振荡频率是有效发射电磁波的条件之一

E.当接收电路的固有频率跟收到的电磁波的频率相同时，接收电路中产生的振荡电流最弱

16.如图所示的电路中，&和4是完全相同的灯泡，线圈L的电阻和电源内阻

均不可以忽略.下列说法中正确的是（）

A.合上开关S接通电路时，出先亮，然后变暗，为后亮，最后4比4亮

B.合上开关S接通电路时，&先亮，冬后亮，最后一样亮

C.断开开关S切断电路时，心立即熄灭，公过一会儿才熄灭

D.断开开关S切断电路时，4和①都要过一会儿才熄灭

三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）

17.在“探究加速度和力、质量的关系”实验中，采用如图所示的装置图进行实验:

（1）实验中，需要在木板的右端垫上一个小木块，其目的是;

（2）实验中，已经测出小车的质量为M,祛码（包括祛码盘）的质量为小，若要将祛码（包括祛码盘）的

重力大小作为小车所受拉力F的大小，这样做的前提条件是.

（3）在实验操作中，下列说法正确的是（填序号）

A.求小车运动的加速度时、可用天平测出小盘和祛码的质量M'和m',以及小车质量直接用公式

。=丝学马求出

B.实验时，应先接通打点计时器的电源，再放开小车

C.每改变一次小车的质量，都需要改变垫入的小木块的厚度

D先保持小车质量不变，研究加速度与力的关系；再保持小车受力不变，研究加速度与质量的关系,

最后归纳出加速度与力、质量的关系.

18.现要用伏安法描绘一只标值为“2.5叭0.6小”小灯泡的/-U图线，有下列器材供选用：

A.电压表（0〜3V,内阻3kO）

2.电流表（0〜0.64内阻0.5。）；

C.电流表（0〜34,内阻0.10）

D滑动变阻器（100,24）

E.滑动变阻器（1000,1.04）

F.蓄电池（电动势6V,内阻不计）

实验要求测量数据范围尽可能大些①则滑动变阻器应选用（用序号字母表示）；电流表应选用

（用序号字母表示）。

②设计电路，用笔画线代替导线在图中将实物连接成实验所需电路图。

③通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示。由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为

四、计算题（本大题共4小题，共49.0分）

19.如图所示，在竖直平面内有一绝缘“u”型杆放在水平向右的匀强电场中，其中力B、CD水平且

足够长，光滑半圆半径为R,质量为m、电量为+q的带电小球穿在杆上，从距B点x=5.75R处

以某初速度处开始向左运动.已知小球运动中电量不变，小球与4B、C。间动摩擦因数分别为由=

0.25、〃2=0-80，电场力Eq=3zng/4,重力加速度为g,sin37。=0.6,cos37。=0.8.求：

(1)若小球初速度为=4J四，则小球运动到半圆上B点时受到的支持力为多大;

(2)小球初速度%满足什么条件可以运动过C点；

(3)若小球初速度v=4J证，初始位置变为x=4R,则小球在杆上静止时通过的路程为多大.

20.图甲为某种速度选择器示意图，加速电场右侧是一接地金属圆筒，。1、。2为加速电场两极板上

的小孔，。3、。4为圆筒某一直径两端的小孔，abed为竖直荧光屏，光屏与直线。1。2平行.开始

时。1、。2、。3、。、。4在同一水平线上.已知加速电压为U,圆简半径为R,带正电的粒子质量

为?n,电量为q,圈筒转轴到光屏的距离OP=3R(如图乙).不计位子重力及粒子间相互作用.

(1)若圆筒静止且国筒内不加磁场，粒子从小孔01进人电场时的速度可忽略，求粒子通过圆筒的时间

玲

(2)若圆筒内有竖直向下匀强磁场，磁感应强度大小为B,圆筒绕竖直中心轴以某一角速度逆时针方

向匀速转动，粒子源持续不断地将速度不同的粒子从小孔01射入电场，经足够长时间，有的粒

子打到圆筒上被吸收，有的通过圆筒打到光屏上产生亮斑.如果在光屏PQ范围内的任意位里均

会出现亮斑，PQ=V5R(如图乙).求粒子到达光屏时的速度大小。的范围，以及圆筒转动的角速

度3.

21.如图所示为交流发电机示意图，匝数为n=100匝的矩形线圈，边长分别为

10cm和20cm,内阻为5。，在磁感应强度B=0.57的匀强磁场中绕。0'轴以

50&rad/s的角速度匀速转动，转动开始时线圈平面与磁场方向平行，线圈

通过电刷和外部20。的电阻R相接.(电压表和电流表为理想电表)求电键S合上后:

(1)写出线圈内产生的交变电动势瞬时值的表达式.

(2)电压表和电流表示数；电阻R上所消耗的电功率.

(3)如保持转子匀速转动，外力每分钟需要对转子所做的功.

22.如图所示，在第II象限内有水平向右的匀强电场，电场强度为E,在第I、W象限内分别存在如

图所示的匀强磁场，磁感应强度大小相等，有一个带电粒子以垂直于％轴的初速度Uo从X轴上的

P点进入匀强电场中，并且恰好与y轴的正方向成45。角进入磁场，又恰好垂直》轴进入第IV象限

的磁场，已知。P之间的距离为d,(不计粒子重力)求：

PXXXXXXXX

XXXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

(1)带电粒子在磁场中做圆周运动的半径。

(2)带电粒子从进入磁场到第二次经过x轴，在磁场中运动的总时间。

参考答案及解析

I.答案：B

解析：解：月、牛顿总结出了万有引力定律，但并没有测出引力常量，是卡文迪许测出了万有引力常

量.故A错误.

8、由空气进入水中传播时，频率不变，波速变大，由公式u=2/,知电磁波的波长变短.声波的波

速变大，频率不变，波长变大，故B正确.

C、红外线的显著作用是热作用，一切物体都在不停辐射红外线，故C错误.

D,在地面附近有一高速飞过的火箭，根据爱因斯坦相对论可知，地面上的人观察到火箭变短了，

但不明显，故O错误.

故选：B.

本题根据物理学史和物理学常识进行答题.知道电磁波在真空中传播速度最大.波速公式□=4/.红

外线的显著作用是热作用.

本题考查了一些物理学概念或物理学史，对物理学史要与主干知识一起学习，加强记忆.

2.答案：D

解析：解：4、机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是在相邻的先振动的质点的作用下做

受迫振动并重复前一质点的振动情况，故A正确；

8、除了从平衡位置和最大位置开始计时外，弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程均不等于一个

振幅，故8正确；

C、炮弹飞行时与空气摩擦产生声波，人耳接收到的频率与炮弹的相对运动方向有关。利用人耳接收

到的炮弹飞行的尖叫声可以判断飞行炮弹是接近还是远去，这利用的是声波的多普勒效应，故C正

确；

。、电磁波衍射能力是按它们的波长大小排序的，波长越大，衍射能力越强，波长由大到小依次为

红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、射线，故。不正确。

本题选错误的，

故选：Do

机械波在传播过程中，先振动的质点带动后振动的质点振动，从而形成波并向前传播：弹簧振子在

四分之一个周期里运动的路程不一定等于一个振幅；

有经验的战士从炮弹飞行的尖叫声判断飞行炮弹是接近还是远去，利用了多普勒效应；知道电磁波

谱的基本内容，明确波长越长，越容易发生明显衍射现象。

本题考查了电磁波的传播、受迫振动、多普勒效应应用以及电磁波谱等知识，解题的关键是理解多

普勒效应是由于观察者和波源间位置的变化而产生的。

3.答案：A

解析：解：位移是指从初位置到末位置的有向线段，从高为5m处以某一初速度竖直向下抛出一个小

球，小球与地面相碰后竖直弹起，上升到离地高2nl处被接住，所以位移的大小为为3m,方向竖直

向下；

路程是指物体所经过的路径的长度，所以路程为路程为7m,所以A正确。

故选：Ao

位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也有方向；

路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向.

本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了.

4.答案：D

解析：解：4、根据动能定理可知，两小球落地时速度大小相同，但方向不同，故两小球的末动量不

相同，故A错误；

8C、两球均仅受重力，加速度相同，但由于向上抛出的小球具有向上的初速度，故向上抛出的小球

落时用时较长，重力的冲量要大；根据动量定理可知，落地小球的动量的变化量不相同，故8c错

误；

D、根据动能定理知，mgh=^EK,由于重力做功相等，初动能相等，可知落地的动能相等，动能

的变化量相同，故£＞正确。

故选：D。

小球均只受重力，加速度相等，均为g,将小球的运动分解水平方向和竖直方向，结合竖直方向上的

运动比较运动的时间.根据动能定理比较落地的动能大小，根据动量定理分析动量的变化量以及末

动量关系.

本题考查动量定理和动能定理的应用；对于曲线运动问题，在比较运动时间等问题时，一般的解题

思路是将运动进行分解，抓住等时性进行比较.比较落地速度不涉及方向时，可以通过动能定理或

动量定理进行分析求解.

5.答案：C

解析：解：当带电的球靠近48时，由于静电的感应，会使左端出现负电荷，右端出现正电荷，当把

AB分开之后，4就带了负电，B就带了正电，所以本实验为使物体感应起电，所以C正确，错

误。

故选：Co

使物体带电的方法有三种分别为摩擦起电、感应起电和接触带电，由此分析可以的出结论。

本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累，掌握住使物

体带电的方法。

6.答案：C

解析：解析：

试题分析：若落在斜面上时的速度夹角为6,由图知位移夹角为。，有关系a=£-。和tanW=

成立,根据sM2B=2sin0cosO,可见夹角a

与初速度为无关，选项C正确。

考点：本题考查平抛运动，涉及位移夹角与速度夹角之间的关系。

7.答案：B

解析：解：由表中数据可见：弯道半径r越小，内外轨高度差八越大。

八与r成反比，即为：r•h=660x0.05=330x0.1=33

由r-/i=33,即为：h=

当r=440?n时，h=-m=0.075m()

440

转弯中，当内外轨对车轮均没有侧向压力时，火车的受力如图A

一

由牛顿第一定律得：mgtana=m—2'4

9t

因为a很小，有：tana=sina=

则有：〃=胖

代入数据解得：v«15m/s„故ACD错误B正确。

故选：B。

要解答本题要求学生会看图表。能够很好的利用实验数据和数学图象，能够分析实验数据和认识数

学图象，是物理中比较常见的题型。

此类题要求学生根据题给信息，通过分析、探究出相关量之间的关系，由于此类题突出体现了过程

与方法，能较好地考查学生的科学探究能力和创新思维能力

8.答案：C

解析：解：4、8、。导体棒静止在导轨上，所受的合力为零.根据力的平衡得知，棒所受的安培力

的大小为mgsin。，方向沿斜面向上.

所以有：B2ld=mgsine,则回路中的感应电流大小为：/=噜土

b2a

根据安培力的方向，通过左手定则判断得知，通过线圈感应电流的方向从上往下看为顺时针方向.根

据楞次定律，圆形线圈中的磁场可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱.故A3。错误.

C、根据P=〃(r+R),可知知闭合回路中的电热功率为：P(r+R).故C正确.

故选：C.

磁场B1均匀变化产生感应电动势，从而产生感应电流，导体棒受重力、支持力、安培力平衡，根据

力的平衡求出安培力的大小和方向，从而知道电流的大小和方向，根据楞次定律判断圆形线圈中磁

场的变化.

解决本题的关键通过受力平衡求出安培力的大小和方向，以及掌握左手定则判定安培力与电流方向

的关系，和运用楞次定律判断感应电流方向与磁场的变化关系.

9.答案:C

解析：解：4、光电效应现象说明光子具有能量，康普顿效应现象说明光子具有动量，故A错误；

8、a、0射线是高速带电粒子流，y射线是电磁波，不带电，三种射线都是原子核发生衰变产生的，

故B错误；

C、查德威克发现中子的核反应方程为：^He+lBeC+Jn,故C正确；

。、处于基态的氢原子可吸收满足能级差的光子，或是能量大于电离能的光子，故。错误。

故选：Co

光电效应说明光子具有能量，康普顿效应现象说明光子具有动量。

根据三种射线的特性分析。

根据核反应方程中，电荷数守恒，质量数守恒分析。

根据能级跃迁规律分析。

此题考查了光电效应、能级跃迁、三种射线等相关知识，综合性强，难度不大，解题的关键是明确

能级跃迁的规律。

10.答案：D

解析：解：AB,重物加速上升的过程中，受重力和拉力，根据动能定理，有：-zngh+畋=[nw2,

解得：钢绳拉力对重物做功必=mg/i+gmu2,故A8错误；

C、据动能定理知，合力做功等于动能的增加量，为W合=：加/,拉力的功率恒定，则拉力对重物

做功也可以表示为必=Pt,由上式比较可知，W^.<Pt,故C错误；

。、重物匀速上升的速度为“，此时有：F=mg；拉力的功率为P=F〃=mg/重物从地面运动到九

高处所用时间为3拉力做功为：必=Pt=mgvt；故。正确；

故选：D

重加速物上升的过程中受重力和拉力，由动能定理可求得拉力做功.并由得到合力做功.拉力的功

率恒定，根据P=Fu可知，拉力不断减小，重物做加速度不断减小的加速运动，匀速运动时拉力等

于重力，根据匀速运动状态求得拉力的功率与重力的关系.

本题与汽车起动问题类似，关键要明确重物的运动过程，知道各个量之间的关系，明确运用动能定

理可以求合力做功，也可以求某一个力做功.

11.答案：C

解析：解：4、甲车以恒定的功率启动，由P=Fu知，速度增大，牵引力减小，故A错误；

B、时间t内甲车牵引力做功为W=Pt,故B错误；

C、乙车功率达到额定功率之前，做匀加速直线，平均速度等于末速度的点则平均功率等于额定功

率的；，t时间内，乙车牵引力做功为：Pt,故C正确；

。、乙车以恒定的加速度启动，功率达到额定值后，做加速度减小的加速运动，故。错误。

故选：Co

汽车恒定功率启动是加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大值；汽车匀加

速启动，牵引力不变，是功率不断变大的运动。

本题关键是理解两辆汽车的启动的特点，明确对于机车的功率公式P=Fu,要知道尸是牵引力，不

是合力，运用控制变量法分析即可。

12.答案：D

解析：解：4、简谐波的传播速度与振动的振幅无关，由介质的性质决定.故A错误.

8、机械波传播时，质点做简谐运动，波匀速传播，绳中质点并不随波迁移，传播的只是振动形式和

能量，所以质点振动的最大速度并不等于波的传播速度.故8错误.

C、波长4=uT,相距为:即为两个质点即相距半个波长的质点，振动情况总是相反，位移总是

相反.故C错误.

。、离手距离分别为与、右。2>/）的两质点，开始振动的时间差1=等=第1.故。正确.

故选：D.

简谐波的传播速度是由介质的性质决定的，与振幅没有关系.质点振动的速度与波的传播速度是两

回事.波长;1="7,平衡位置相距半个波长奇数倍的两质点振动情况总是相反.波在同一均匀介质

中匀速传播，由1=卓，求解波传播的时间.

本题要注意质点的振动与波传播的区别，不能混为一谈.对平衡位置相距半个波长奇数倍和偶数倍

的质点，振动的规律.

13.答案：D

解析：

天然放射现象的射线来自原子核，可知原子核内部具有复杂结构；玻尔理论认为，电子的轨道半径，

原子的能量都是量子化的；汤姆孙通过对阴极射线的研究，提出了原子具有复杂的结构；卢瑟福的a

粒子散射实验揭示了原子的核式结构模型.

本题考查了天然放射现象，能级、阴极射线、a粒子散射实验等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记

这些基础知识点，对于物理学史，不能混淆，要熟记.

A、天然放射现象的射线来自原子核，可知原子核内部有复杂结构，即原子核还可再分，故A正确.

2、玻尔理论认为，电子轨道半径是量子化的，故B正确.

C、汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现了电子，提出原子具有复杂结构，故C正确.

D、卢瑟福的a粒子散射实验揭示了原子的核式结构模型，故。错误.

本题选择不符合史实的，故选：D.

14.答案：BD

解析：解：4、表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的薄膜干涉现象，故A错误；

8、标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉，故B正确；

C、当观察者和波源间存在相对运动时不一定能观察到多普勒效应现象，如观测者绕波源做匀速圆周

运动。故C错误；

。、根据相对论的两个基本假设，在速度”高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢。故。正确。

故选：BD。

增透膜是利用光的干涉现象，检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉：多普勒效应是由于观察

者和波源间位置的变化而产生的；在速度=高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢.

该题考查光的薄膜干涉的应用、多普勒效应以及相对论原理等，都是记忆性的知识点，要加强对这

类知识点的积累，避免失分.

15.答案：ABC

解析：解：4、当/我=/圉时，发生共振现象，且振蝠达到最大，故4正确；

8、根据多普勒效应，当汽车向路边观察者驶来时，观察者会听到汽车上声源发出的一定频率的乐音

音调升高，故8正确；

C、电磁波属于横波，其传播方向垂直于由磁场、电场确定的平面，故C正确；

。、较低振荡频率不易发出电磁波，故。错误；

E、当/夜=/圈时，感应电流最强，故E错误。

故选：ABC.

当驱动力的周期等于物体的固有周期时，出现共振现象；

依据多普勒效应，当声源与观察者间距减小时，出现音调升高现象；

电磁波属于横波；

振荡频率越高的发射电磁波的效率越高；

固有频率跟收到的电磁波的频率相同时，振荡电流最强。

考查共振现象的应用，掌握横波与纵波的不同，理解有效发射电磁波的条件，同时熟悉多普勒效应

的现象，注意波源与观察者间距变化是确定音调的关键。

16.答案：AD

解析：解：4、合上开关K接通电路，&立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过久的电流

慢慢变大，因线圈L电阻不可忽略，最后最后4比公亮。故A正确，B错误；

C、断开开关K切断电路时，通过4的原来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以

通过久的电流会慢慢变小，并且通过必，所以两灯泡一起过一会儿熄灭，且通过公的电流方向不变。

故C错误、D正确。

故选：AD.

电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减

小.

解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流

减小时，会阻碍其减小.

17.答案：平衡摩擦力；m«M-,BD

解析：解：(1)实验时，我们认为绳子的拉力是小车受到的合外力，为达到这个目的，我们要先要将

带有滑轮的木板另一端垫起，目的是平衡摩擦力；

(2)根据牛顿第二定律得：mg(M+m)a,解得：a=

则绳子的拉力为：?=时。=罂=罩，知当祛码总质量远小于滑块质量时，滑块所受的拉力等于

M

法码的总重力，所以应满足的条件是祛码的总质量远小于滑块的质量.

(3)4、本实验的目的是：探究加速度和力、质量的关系，所以不能把牛顿第二定律当做已知的公式

来使用，故A错误；

B、使用打点计时器时，都应该先开电源，后释放纸带，故8正确；

C、由于平衡摩擦力之后有MgsinO=〃Mgcos。，故〃=tan。，与重物的质量无关，所以不用再次平

衡摩擦力，故C错误；

。、本实验采用控制变量法，故。正确.

故选：BD.

故答案为：(1)平衡摩擦力；(2)m<<M；(3)BD.

(1)实验时，我们认为绳子的拉力是小车受到的合外力，为达到这个目的，我们要先平衡摩擦力；

(2)根据牛顿第二定律求出系统的加速度，最终求出绳子的拉力和小盘及重物的重力之间的关系得出

只有m«M时，

才有才有物体的加速度正比于物体所受的合外力.

(3)平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsind=fimgcosd,可以约掉zn,

只需要平衡一次摩擦力.操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车，本实验采用控制变量

法.

探究加速与力的关系实验时，要平衡摩擦力、应根据纸带求出小车的加速度，掌握实验的实验注意

事项是正确解题的关键.

18.答案：DB10

解析：解：(1)由题意可知，灯泡的额定电压为2.5叫功率

为0.6UZ,故电流为：/=捺=翳=0.244故电流表应选择

B；

本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑

动变阻器选D；

(2)本实验应采用滑动变阻器分压接法，同时因灯泡内阻较

小，为了减小误差，应采用电流表外接法，故实物图如图所

示；

(3)由图可知，当电压为2.5U时，电流为0.254故电阻为：R=彳=建。=100；

故答案为：①。，B；②如图所示；(5)10

①根据小灯泡的额定电压和功率求出额定电流，从而可以选出电流表，根据滑动变阻器的接法可选

出滑动变阻器；

②根据实验原理进行分析，从而确定准确的电路图；

③由图象可得出额定电压，由图象可求得灯泡的正常工作时的电流，由欧姆定律可求得灯泡的正常

工作时的电阻；

本题考查测量小灯泡的伏安特性曲线，要注意电表的正确选择；明确电路的接法，会利用图象结合

欧姆定律进行数据分析。

19.答案：解：(1)加速到B点，由动能定理得：-“iTngx-qEx=-之也诏

2

在8点由牛顿第二定律得：N—mg=m%

联立解得：N=5.5mg

(2)在等效最高点：设合力的方向与竖直方向的夹角为a,则tana=需

解得：a=37。

恰好提供此点的最小速度为0

从释放到等效最高点的过程中有动能定理得：fimgx-qE(x+Rsina)-mg(R+Rcosa)=0-

12

解得：v0=4yfgR

要过C点的条件为为>47证

(3)由于x=4R<5.75R,从开始到等效最高点的过程中克服摩擦力、克服电场力做功均小于(2)问，

到等效最高点的速度不为0,假设过C点后前进与速度变为0,

在CO杆上由于电场力小于摩擦力，小球减速到0后不会返回

则：—^mgx—427ngXi-qE(x—Xj)—mg-2R=0—1znvo

小球在杆上通过的路程s=x+xr+nR

联立解得：S=(44+7T)R

答：(1)小球运动到半圆上B点时受到的支持力为5.5mg；

(2)小球初速度为>4网可以运动过C点；

(3)小球在杆上静止时通过的路程为(44+兀)R。

解析：(1)由动能定理和牛顿第二定律列式可求解；

(2)找到等效最高点即重力和电场力的合力指向圆心的位置，因为是杆模型所以通过等效最高点的最

小速度为0,再由动能定理列式可求解：

(3)由于％=4R<5.75R,结合第(2)问可分析出物体到等效最高点的速度不为0,即能通过等效最高

点，再由动能定理列式可求解。

本题考查了动能定理的应用，关键是能找出等效最高点即重力和电场力的合力指向圆心的位置且充

当向心力。

20.答案：解：(1)粒子经电场加速，由动能定理得:

j17

qUr=-mv£

粒子进入圆筒中做匀速直线运动，有：

t=—V

联立得：t=R居

(2)光屏PQ范围内的任意位置里均会出现亮斑，说明PQ范围内均有粒子到达，最小速度打的粒子到

达P,最大速度以的粒子到达Q，从。2射出的粒子速度应含有力〜V2的范围内的任意值•

在圆筒内，根据洛伦兹力提供向心力得：

qvB=m—f

得：〃=则

m

打到光屏上点的粒子应满足速度为：火qBR

P6=/?,m

如图，由儿何关系知，到达Q点的粒子穿过圆筒的偏转角为：a=60。

到达Q点的粒子应满足〃=Rtan60°=aR,速度为：v=回丝，则〃的范围为：^<v<回空.

2mmm

设粒子穿过圆筒的偏转角为0,则粒子穿过圆筒的时间为：

△£=在7

271

口

又T7Ty一—2下一—2前/rm

粒子穿出圆筒应满足

3△t=/7+kn9(k=0,1,2,3...)

解得：3=(1+引容(k=0,1,2,3...)

粒子速度不同，£不同，要使不同速度的粒子穿过以某一角速度匀速转动的圆筒，应满足k=0,即

qB

0)=一

m

答：(1)粒子通过圆筒的时间t为R后.

(2)粒子到达光屏时的速度大小D的范围为四<v<包.圆筒转动的角速度3为更.

mm