磁现象 电生磁

一、选择题

1.（2018北京，19,2）图9展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确

的是

司南野子篆刻编钟

A.司南利用地磁场对磁体有力的作用来指示南北

B.戮子利用杠杆平衡来称量质量

C.篆刻刀的刀口做得很锋利，是为了减小压强

D.正在发声的编钟一定在振动

【答案】ABD

【解析】本题考查磁场、杠杆、压强、声。地球是磁场它对放入其中的物体有力的作用。故A选项正确；毁子

是一种小型的称，它是利用杠杆平衡原理工作的，故B选项正确；篆刻刀的刀口做得很锋利，是通过减小受力

面积来增大压强的，故C选项错误；一切发声的物体都在振动，故D选项正确。

2.2018桂林市，10,3分）小关在探究磁现象的活动中能够实现的是（）

A.用小磁针吸起铜块或铝块

B.用放大镜能看到磁铁周围的磁感线

C.用磁铁吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管

D.把小磁针放在磁铁周围任何位置，静止后小磁针的北极都指向地理北极

【答案】C

【解析】磁体能吸引铁、钻、银等物资，不能吸引铜块或铝块，故A不正确；磁感线不是真实存在的线，是为

了形象的描述磁场而引入的，所以用放大镜不会看到，故B不正确；铜导线制成的通有电流的轻质螺线管有两

个磁极，用磁铁的磁极靠近通电螺线管的异名磁极时，会吸起，故C正确；小磁针在磁铁周围某点北极的指向

跟该点的磁场方向一致，并不是都指向地理北极，故D不正确.

3.（2018广西柳州，7,3）小宁想通过一个例子给学弟们讲解惯性，下列实例中最恰当的是

A.水总往低处流

B.磁铁可以把铁钉吸过来

C.弹簧受到的拉力越大，伸长量就越大

D.百米跑运动员抵达终点时，无法立刻停下来

【答案】D

【解析】水总往低处流是因为水受重力的作用，故A选项错误；磁铁可以把铁钉吸过来是磁的性质，故B选项

错误；弹簧受到的拉力越大，伸长量就越大是弹簧的性质，故C选项错误；百米跑运动员抵达终点时，无法立

刻停下来是由于惯性，运动员会继续保持原来的运动状态，故D选项正确。

4.（2018湖南省衡阳市，题号14,分值2）巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁

场越强电阻越小，图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，如果闭合$、S2,滑片P向

左移动时，电表的变化情况是

A.A表和V表示数均变小

B.A表和V表示数均变大

C.A表示数变小，V表示数变大

D.A表示数变大，V表示数变小

【答案】D

【解析】闭合&、S2,滑片P向左移动时滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路的总电阻变小，电压不变，根

据欧姆定律可知，电路电流变大，因电磁铁磁性的强弱与线圈匝数和通过的电流有关，且匝数不变，通过的电

流越大，磁性越强，所以，此时电磁铁的磁性变强；由右图可知，巨磁电阻和电阻R串联，因为巨磁电阻在磁

场中急剧减小，所以此时巨磁电阻的阻值会变小，电路中的总电阻变小，由&可知，可知电路中的电流变

大，即电流表示数变大，电阻R两端的电压变大，电源电压不变，电压表测量巨磁电阻两端的电压，等于电源

电压减去电阻R两端的电压，所以电压表示数变小，选项D正确。

5.（2018湖南省衡阳市，题号15,分值4）如图甲所示，a表示垂直于纸面的一根导体（相当于图乙中的导体

AB）.它在磁场中按箭头方向运动时，在哪种情况下会产生感应电流？

【答案】BC

【解析】产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，则对于A、D两图，导体都平行于磁

感线上下运动，所以没有切割磁感线运动，因此没有感应电流产生；对于B图，导体与磁感线垂直向右运动，

因此B图中的导体做切割磁感线运动，则导体中有感应电流产生；对于C图，导体斜向下运动，也切割磁感线

运动，则也有感应电流产生，选项B、C正确。

6：（2018湖南娄底，2,3）如图所示，下列说法正确的是（）

物体的长度为2.2m

通电螺线管左端为S极

弹簧测力计的示数为2N

D.一

温度计的读数为43℃

【答案】C

【解析】本题考查了学生对常见物理测量仪器的读数和使用安培定则判断通电螺线管的极性,测量

仪器的使用和读数是学生的基本技能。即：

A.A图中刻度尺的分度值是1mm,单位是cm,物体的长度应为2.10cm,故A错误；

B.B图中用安培定则判断可知，通电螺线管的左端是N级，故B错误；

C.C图中弹簧测力计的分度值是0.2N,弹簧测力计的示数为2N,故C正确；

D.D图中温度计的分度值是1℃,温度计的读数为37℃,故D错误。

7.（2018山东临沂，18,2）小磁针静止时的指向如图所示，由此可知（）

£

a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极

a端是通电螺线管的N极，c端是电源负极

b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极

D.b端是通电螺线管的N极，d端是电源负极

【答案】B

【思路分析】据小磁针的NS极，据磁极间的作用规律可以判断出电磁铁的NS极，而后据安排定则

判断出电流的方向，进而得出正确的选项即可。

【解题过程】解：据题目可知，小磁针左端是N极，右端是S极，所以电磁铁的左端，即a端为N

即，右端为S极，据安培定则可知，电流从d端流出后进入电磁铁，故d端是电源的正极，c端是

负极，故B正确。

故选：Bo

8.（2018四川眉山，9,3）如图所示，闭合开关，条形磁铁静止后，将滑动变阻器滑片P从左往右

滑动的过程中，弹簧将（）

【答案】B

【思路分析】（1）根据滑动变阻器的使用方法确定电路中的电阻的变化，再根据欧姆定律确定电路

中电流的变化；

（1）根据安培定则确定通电螺线管的N、S极，然后根据螺线管的磁性变化以及磁极间的相互作

用判断弹簧长度的变化。

【解题过程】解：

（1）滑片从左往右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以电路中的电流变大，通

电螺线管的磁性增强；

（2）由图知，电流从螺线管的下方流入，根据安培定则可知，螺线管的上端为N极，下端为S极,

则螺线管和条形磁铁相对的磁极为异名磁极，异名磁极相互吸引，所以螺线管对磁铁的吸引力增大,

弹簧的长度变长。

故选：Bo

9,（2018四川绵阳，1,3）指南针是我国四大发明之一，《论衡》记载：司南之杓，投之于地，其柢

指南。如图所示的司南放在水平光滑的“地盘''上，静止时它的长柄指向南方。司南长柄所指方向是

（）

A.地理南极，地磁北极B.地理南极，地磁南极

C.地理北极，地磁北极D.地理北极，地磁南极

【答案】A

【思路分析】本题考查了磁场和地磁场，磁场是一种真实存在的物质，对于磁场的认识，我们是通

过它对其他物体的作用来认识的。（1）地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场;

（2）指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的

南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向。

【解题过程】解：

地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场

中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向南方，即指南的南极用S表示；地理上的南极是地磁的

北极，故长柄所指方向是地理北极，地磁南极。故BCD错误、A正确。

故选：Ao

10.（2018云南省，第8题，3分）

【答案】A

【解析】闭合开关S时，用安培定则可判定，通电螺线管的左端为N极，与小车上的条形磁铁相互排斥；小车

开始不动，将滑片P向左移动，小车运动，说明开始时通电线圈的磁性较弱，与条形磁铁间的排斥力太小；滑片

P向左移动，电路中电流增大，通电螺线管的磁性增强，则滑动变阻器接入电路的阻值应减小；可知滑动变阻器

应接ac或ad接线柱，故A正确。

11.（2018哈尔滨市，27,2分）

27.如图见-水位自动报鹫器”电路图.容器中K盯ft水.1,和I.,分别--2.5\.03V•和

-2.5V,0.5的灯泡.下的说法不正确的拈（）

液血I开到、金必块B接娜•!.电世铁I作.说明盐水乩导体

B.液面I升.金面块A受到的液体体强变大

V<lt

GL,I：作1mi”电波做功45J

I）.心笈电路中V点接入电玲.电管响表示水位到达警戒线

【答案】D

【解析】液面上升到鱼金属块B接触时，电磁铁工作，说明盐水是导体，故A正确，不符合题意；液面上升时,

金属块A所处的深度增大，根据公式「二妗夜逑，液体密度不变，压强与深度成正比，所以金属块A受到盐水

的压强变大，故B正确，不符合题意；L1正常工作Imin,电流做的功：四却百=23*0.3力x60s=4”,

故C正确，不符合题意；若在电路中M接入电铃，不论水位是否达到警戒水位，电铃都会响，故D不正确，符

合题意.

12.（2018湖北省孝感市，题号9,分值3）

【答案】AD。

【解析】如图所示，当滑片P向下移动时，接入电路中的电阻变小，电路中电流变大，则通电螺线管的磁性变

强，电流从正极出发回到负极，根据安培定则，通电螺线管右侧是N极，由于异名磁极相互吸引，对条形磁铁

有向左的引力，随着通电螺线管磁性的变强，引力变大，所以条形磁铁受到的摩擦力变大，当引力大于摩擦力

时条形磁铁向左运动。故选AD。

13.（2018湖南娄底，2,3）如图所示，下列说法正确的是（）

A.Ocm123

通电螺线管左端为S极

C.

弹簧测力计的示数为2N

I

-Tso

D.=

温度计的读数为43c

【答案】C

【思路分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的

长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对

刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；

（2）利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性；

（3）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；

（4）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注

意区分零上或零下。

【解题过程】解：由图知：

A、刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是O.lcm=lmm,即此刻度尺的分度

值为1mm；

物体左侧与0.00cm对齐，右侧与2.10cm对齐，所以物体的长度为L=2.10cm-0.00cm=2.10cm。故

A错误；

B、电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据螺线管的线圈绕向，用右手握住螺线管，使四指指

向电流方向，则大拇指所指的左端为螺线管的N极。故B错误；

C、弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N,即此弹簧测力计的分度值为0.2N.此

时指针指在“2。”处，所以弹簧测力计的示数为2N.故C正确；

D、在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1C,所以此温度计的分度值为1℃；温度

数值向上是增大的，说明温度高于0℃,为37c.故D错误。

故选：Co

14.（2018江苏南京，1,2）了解物质的物理属性，对于生产、生活都具有重要的意义，以下事例中

利用物质透光性的是（）

w*

A.

拉力器上的弹簧

连接在电路中的碳棒

C.

能吸引铁钉的磁体

D.

阳台窗户的玻璃

【答案】D

【思路分析】物质的物理属性包含：密度、比热容、硬度、透明度、导电性、导热性、弹性、熔点

等等。

【解题过程】解:

A.拉力器上的弹簧是利用了弹簧的弹性，故A不符合题意；

B、连接在电路中的碳棒，利用了碳棒的导电性，故B不符合题意；

C、能吸引铁钉的磁体，利用了磁铁的磁性，故C不符合题意；

D、玻璃具有良好的透光性，用玻璃做房间的窗户，可以保证室内明亮，光照充足，故D符合题意。

故选：Do

15.（2018江苏省苏州市，题号10,分值2）

HJ.在探究影IS体周用磁场的宴验中.岩峥将戢璃板?放在S6体上.并均匀施械上•层佚

局.耕N城城板.铁收就会“印地椿网&*.如I机时寞Q中

行大现象的分析下小用的是

A.慌饮石的11的是将政来不存在的级场8小出来

B.快箱在磁场中襦磁化成•个个小46体

C.必箧嬷璃板,钛将由于H行惯性会与班璃板分离*1048

D.跛璃板.帙跛城板分离后.不受摩擦〃.铁杆八武力作用下搏的“序

【答案】A

【解析】磁场是客观存在的，磁感线是假想出来的，故A错误；铁屑在磁场中获得磁性，被磁化成一个个小磁

体，故B正确；轻敲玻璃板，玻璃板受力运动，铁屑由于惯性，要保持原来的静止状态，会与玻璃板分离，故

C正确；铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，在磁力作用下，按磁场的方向和规律排列有序，故D正确。

16：（2018四川遂宁，5,3）下面是小明整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是（〉

A.丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸失去了电子

B.由欧姆定律可知，导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比

C.磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极

D.安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且接在火线上

【答案】D

【解析】本题考查电荷、欧姆定律、磁场、家庭电路.丝绸与玻璃棒摩擦过程中，玻璃棒因失去电子而带正电,

丝绸因得到电子而带负电，故A错误；由欧姆定律可知，导体中的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成

反比，故B错误；磁体外部的磁感线都是从磁体北极出发回到磁体南极，故C错误；安装家庭电路时，开关的正

确接法就是与所控制的用电器串联，且接在火线上，故D正确.

17.（2018江苏泰州，9,2）下面所做探究活动与得出结论相匹配的是（）

A.活动：用铁屑探究磁体周围的磁场一结论：磁感线是真实存在的

B.活动：观察惯性现象一结论：一切物体都受到惯性力的作用

C.活动：马德堡半球实验一结论：大气压真实存在且很大

D.活动：探究带电体间的相互作用一结论：同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥

【答案】C

【思路分析】（1）磁感线是理想化的物理模型，实际上并不存在；

（2）一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性，不能说受到惯性、惯性力、惯性的作用等；

（3）有力证明大气压存在的实验是：马德堡半球实验；

（4）电荷间相互作用的规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

【解题过程】解：A、磁感线是理想化的物理模型，磁感线实际上并不存在，故A错误；

B、惯性是物体的一种固有属性，它不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；

C、马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在。故C正确；

D、电荷间相互作用的规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；故D错误。

故选：Co

18.（2018贵州贵阳，3,3）如图所示，是探究“通电直导线周围是否存在磁场”实验装置的一部分，

置于水平桌面的小磁针上方有一根与之平行的直导线。关于这个实验下列说法正确的是（）

亍

A.首次通过本实验揭开电与磁关系的科学家是法拉第

B.当直导线通电时，小磁针会离开支架悬浮起来

C.小磁针用于检验通电直导线周围是否存在磁场

D.改变直导线中电流方向，小磁针N极的指向不变

【答案】C

【思路分析】考查了磁场的性质是对放在磁场中的磁体有力的作用，更加深入的研究了电流的磁效

应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意方法的学习。奥斯特实验通过小磁针偏转说

明了通电导体周围存在磁场；磁场的方向与电流的方向有关。

【解答过程】解：

A、首次通过本实验揭开电与磁关系的科学家是奥斯特，故A错误；

B、当直导线通电时，导线的周围存在磁场，小磁针会发生偏转，不会悬浮起来，故B错误；

C、小磁针偏转，能说明通电导线周围存在磁场，故小磁针用于检验通电直导线周围是否存在磁场,

故C正确；

D、磁场方向与电流方向有关，改变直导线中电流方向，小磁针N极的指向改变，故错误。

故选：Co

1%（2018山东临沂，题号18,分值2分）小磁针静止时的指向如图所示，由此可知（）

A.a端是通电螺线管的N极,

B.a端是通电螺线管的N极,c端是电源负极

C.b端是通电螺线管的N极,d端是电源正极

D.b端是通电螺线管的N极,d端是电源负极

【答案】B

【解题过程】据题目可知，小磁针左端是N极，右端是S极，所以电磁铁的左端，即a端为N即，右端为S极,

据安培定则可知，电流从d端流出后进入电磁铁，故d端是电源的正极，故c端是电源的负极。

20.（2018四川省泸州市，题号22,分值2）如图所示，电磁铁上方附近有一点A,小磁针置于电磁铁的右方附

近。闭合开关S,下列判断正确的是（）

B.电磁铁上方A点的磁场方向向右

C.小磁针静止后，其N极的指向向右

D.向左移动滑片P,电磁铁的磁性减弱

【答案】C

【解析】根据安培定则，闭合开关S,通电螺线管的左端是S极，右端是N极，选项A错误；电磁铁上方A点

的磁场方向向左，选项B错误；小磁针静止后，其N极的指向向右，选项C正确；向左移动滑片P,电磁铁的

磁性增强，选项D错误。故选C。

21.关于电和磁，下列说法中正确的是（）

A.电动机是利用电磁感应原理制成的

B.导体在磁场中运动就一会产生感应电流

C.改变导体在磁场中运动的速度就一定会产生感应电流

D.电流周围存在磁场

【答案】D

【解析】电动机是利用磁场对电流的作用来工作的，选项A错误；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线

运动时，电路中会产生感应电流，选项B错误；改变导体在磁场中运动的速度可能改变电流电流的强弱，选项

C错误；根据奥斯特实验，电流的周围存在磁场，选项D正确。故选D。

22.（2018江苏连云港，8,2分）如图所示的四个装置，关于它们的说法正确的是（）

A.图a可用来演示电流的磁效应

B.图b可用来演示电磁感应现象

C.图c可用来演示磁场对电流的作用

D.图d可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系

【答案】A

【解析】本题主要考查电动机原理、发电机原理、电磁感应现象、奥斯特实验、通电螺线管磁性强弱的影响因

素。A图中没有电源故属于发电机模型故A选项错误；B图是奥斯特实验，它证明了通电导线周围存在着磁场，

故B选项错误，C图有电源通电导体在磁场中受力的作用属于电动机模型，故C选项正确；D图是串联电路，串

联电路电流处处相等，明显看出螺线管缠绕匝数不同，所以探究的是电磁铁磁性强弱与匝数的关系，故D选项

错误。

23.（2018四川省自贡市，题号4,分值2）自贡一学生利用手中的条形磁体做了以下实验，其中结论正确的是（

）

A.同名磁极互吸引

B.条形磁体能够吸引小铁钉

C.将条形磁体用细线悬挂起来，当它在水平面静止时北极会指向地理南方

D.条形磁体与小磁针之间隔了一层薄玻璃后就没有相互作用了

【答案】B

【解析】同名磁极相互排斥，选项A错误；条形磁体能够吸引小铁钉，选项B正确；将条形磁体用细线悬挂起

来，当它在水平面静止时北极会指向地理北方，选项C错误；条形磁体与小磁针之间隔了一层薄玻璃后仍然有

相互作用，选项D错误。故选B。

2%（2018江苏连云港，8,2分）如图所示的四个装置，关于它们的说法正确的是（）

A.图a可用来演示电流的磁效应

B.图b可用来演示电磁感应现象

C.图c可用来演示磁场对电流的作用

D.图d可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系

【答案】A

【解析】本题主要考查电动机原理、发电机原理、电磁感应现象、奥斯特实验、通电螺线管磁性强弱的影响因

素。A图中没有电源故属于发电机模型故A选项错误；B图是奥斯特实验，它证明了通电导线周围存在着磁场，

故B选项错误，C图有电源通电导体在磁场中受力的作用属于电动机模型，故C选项正确；D图是串联电路，串

联电路电流处处相等，明显看出螺线管缠绕匝数不同，所以探究的是电磁铁磁性强弱与匝数的关系，故D选项

错误。

25.（2018山东省威海市，7题，2分）如图1所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，

当闭合开关Si、S2时，下列说法正确的是（）

A电磁铁的右端为N极

B.小磁针将顺时针旋转

C.当p向左滑动时，电磁铁的磁性增强，指示灯变暗

D.当P向右滑动时，电磁铁的磁性减小，电压表的示数减小

【答案】D

【解析】根据安培定则可以判断出电磁铁左端为N极，右端为S极，A选项错误；由于电磁铁的左端为N极，

右端为S极，故小磁针应逆时针偏转，其左端为S极，右端为N极，B选项错误；当p向左滑动时，滑动变阻

器连入阻值变小，电磁铁线圈中电流变大，电磁铁的磁性增强，巨磁电阻阻值减小，通过指示灯电流变大，指

示灯实际功率变大，亮度变亮，C选项错误；当P向右滑动时，滑动变阻器连入阻值变大，电磁铁线圈中电流

变小，电磁铁的磁性减小，巨磁电阻阻值增大，通过指示灯的电流减小，指示灯两端电压减小，电压表示数减

小，D选项正确。

26.（2018浙江省绍兴市，题号13,分值4）汤姆生在研究阴极射线时发现了电子，如图所示，一条向上射出的

阴极射线可以看作是许多电子定向运动形成的电子流。则通过这束电子流的运动方向推断电流及周围的磁场方向

是（）

【答案】A

【解析】由图可知，电子定向移动的方向是向上的，电子带负电，故电流的方向是向下的，根据右手螺旋定则

可知，磁场的方向是逆时针方向的，故A正确。故选A。

久2018江西省，15,3分）消防应急灯在没有停电时，灯是熄灭的；停电时，标有“36V”字样的两盏灯就会正

常发光。如图5所示的电路中符合要求的是（）

【答案】C

【解析】

观察图可知，220V的电路肯定是照明电路，而36V的电路才是为应急灯提供的电源，再根据两盏

灯都在停电后会正常发光，可断定，两灯并联，且在照明电路工作时不连通；

根据题意，分析各图可知，当照明电路正常工作时，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，使消防应急灯

所在电路断开，而当停电后，电磁铁失去磁性，衔铁在弹簧的作用下向上弹起，与触点接触，两

灯泡连接，且为并联，因此，对照各图发现，只有图C符合这一要求。

27.（2018四川省攀枝花市，题号2,分值3）下面哪一位科学家的发现，首次揭示了电与磁之间的联系（）

A.法拉第B.焦耳C.奥斯持1）.安培

【答案】C

【解析】奥斯特首先发现了电流周围存在着磁场，揭示了电和磁之间的联系，故C正确，ABD错误。

28.（2018年山东省潍坊市，13,4分）如图是某同学设计的汽车启动电路，旋转钥匙接通a、b间电路，电动

机M启动，下列说法正确的是（）

A.F端为螺线管的N极

B.R的滑片左移时螺线管磁性减弱

C.电动机启动说明螺线管产生磁性

D.螺线管两端电压小于电动机两端电压

【答案】CD

【解析】

此设备的实质就是一个电磁继电器，利用电磁继电器的工作过程即可得到此题的答案；

A.据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A说法错误；

A.R的滑片左移时，电路中电流增大，螺线管磁性增大，故B说法错误；

A.电动机启动时，说明电路接通，螺线管产生磁性，故C说法正确；

A.据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故D说法正确。

故选CD.

29.（2018白银市，4,3分）从物理学角度解释诗句，下列说法与物理知识相符的是（）

A.“潭清疑水浅”实际上是一种光的反射现象

B.“看山恰似走来迎”中描述的“山”在“走”，是以山为参照物

C.“花气袭人知骤暖”说明温度越高分子的无规则运动越剧烈

D.“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”，诗中磁针指向南方的一端是磁针的N极

【答案】C

【解析】“潭清疑水浅”实际上是一种光的折射现象，故A不正确；“看山恰似走来迎”中描述的“山''在"走”,

是以船为参照物，故B不正确；“花气袭人知骤暖”，说明温度越高分子的无规则运动越剧烈，即分子运动的快

慢与温度有关，故C正确；“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”，诗中磁针指向南方的一端是磁针的S极，故

D不正确.

30.（2018山东省蒲泽市，11,2分）如图所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是（）

【答案】B

【解析】A图为奥斯特实验，研究电流的磁效应，不符合题意；

B图，当导体通过电流时，受到磁场力的作用，导体会运动，据此发明了电动机，故B符合题意；

C图为电磁继电器，其核心部件是电磁铁，利用了电流的磁效应，不符合题意；

D图，导体切割磁感线运动时，产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的原理，不符合题意；

故B符合题意，选B。

31.（2018山东省荷泽市，12,2分）下列说法正确的是（）

A.摩擦起电的实质是电子的转移B.磁场中的磁感线是真实存在的

C.通常情况下大地是绝绿体D.电磁铁的磁性强弱与匝数无关

【答案】A

【解析】A.对外层电子束缚能力不同的两种材料相互摩擦时，不同的材料会失去或者得到电子，即带了电，所

以摩擦起电的实质是电子的转移，故A正确；

B.人们为了形象的描述磁场的特征，引入了磁感线，磁感线并不是真实存在的，故B错误；

C.通常情况下大地是导体，故C错误；

D.电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，故D错误；

二、填空题

1.（2018广东省，题号12,分值3）如题12图所示，条形磁铁放在水平木桌上，电磁铁右端固定并与条形磁铁

在同一水平面上.闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P逐渐向右移动时，条形磁铁仍保持静止，此时电磁铁的左

端为极，条形磁铁受到的摩擦力（选填“变大”、“变小”或“不变”），方向水平.（选填“向

左”或“向右”）

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题12阴

【答案】N；变大；向左。

【解析】根据电源的正负极和线圈的绕线方法，利用安培定则可判定，电磁铁的左端为N极，与条形磁铁相互

吸引；滑片P向右移动时，电阻减小，电流增大，电磁铁磁性增强，与条形磁铁的吸引力增大，条形磁铁受到

的静摩擦力变大，此时条形磁铁保持静止，水平方向上的吸引力和静摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相

反，所以摩擦力的方向水平向左。

2.（2018安顺市，12,2分）

12.一个空心小铁球放在盛水的烧杯中置于铁棒48的上方,绕在铁棒上的线圈连接

在如图所示的电路中,开关S闭介后,空心小铁球仍漂浮在水面上,此时/端为电磁铁

的①（填“北”或“南”）极；当滑片尸向左滑动，空心小铁球所受浮力②（填

“增大”“减小”或“不变”）.

第12题困

【答案】南；增大

【解析】由图可知，开关S闭合时，电流从螺线管的上端流入，根据右手螺旋定则可知，铁棒的B端为N极，

即为北极，A端为S极，即为南极；当滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路的总电阻减

小，因为电源电压不变，所以电路中电流增大，电磁铁磁性增强，电磁铁对磁铁的吸引力增大，又因为空心小

铁球仍漂浮在水面上，所以所受浮力等于重力与电磁铁的吸引力之和，而重力大小不变，所以空心小铁球所受

浮力增大.

3.

4.（2018江苏省扬州市，题号17,分值3）

17.如图甲.小看针在力的作用下发生的转.说明力可以改变▲J图乙中小破针发生偏转・

说明螺纹管周阳存在磁场,对小破竹斤力的作用•图中螺纹尿左竭为.▲一极,电源左端力

▲W.

甲乙

第17胜图

【答案】物体的运动状态N负

【解析】小磁针在力的作用下发生偏转，说明力可以改变物体的运动状态；小磁针的N极被螺线管的左端排斥,

由于同名磁极相互排斥，故螺线管的左端为N极；根据安培定则可知，电源的左端为负极。

5.（2018湖南省怀化市，22,2分）

22仅福星R地埠的_______条片代的精心叶龄止引卜畏梧的It她期的_________

・南方”<“北方•”）

【答案】磁场；南方

【解析】靠地球的磁场。地球有北磁极和南磁极，因此会产生磁场，信鸽就是凭借着这个磁场来辨别方向；地

球是一个大磁体，指南针指南北的原因是由于受到了地磁场的作用；指南针静止时，磁体的南（S）极指向地理

的南极；磁体的北（N）极指向地理的北极.

6：（2018山东德州，14,2）小磁针静止时的指向如图所示，由此可以判定螺线管的A端是极_（选

填“N”或"S”），接线柱a连接的是电源—极（选填“正”或“负”工

【答案】S；正。

【思路分析】由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方

向，而电流从电源正极流出，据此确定电源正负极。

【解题过程】解:

因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管A端为S极、B端为N极；

由右手螺旋定则可知螺线管中电流由左侧流入、右侧流出；所以a为电源的正极、b为负极，如图

故答案为：S；正。

7.（2018山东聊城，18,2）在“探究通电螺线管外部的磁场分布”的实验中，善于思考的小明同学用

自己的方法总结出了通电螺线管的极性与电流方向之间的关系，如图所示：如果电流沿着我右手臂

弯曲所指的方向，那么我的前方即为通电螺线管的—极。实验结论是通电螺线管外部的磁场和条

形磁体的磁场相似，请写出一条增强通电螺线管磁性的方法：0

【答案】N；增大通电螺线管中的电流

【思路分析】（1）安培定则的内容是：用右手握住螺线管，弯曲的四指所指的方向是电流的方向，

大拇指所指的那端是螺线管的N极；

（2）通电螺线管的磁性与电流大小和线圈匝数有关，电流越大、匝数越多，通电螺线管的磁性越

强。

【解题过程】解：

（1）根据安培定则，用右手握住通电螺线管，让弯曲的四指所指的方向与电流的方向一致，那么

大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极，即它的前方为N极；

（2）我们可以增大通电螺线管中的电流，或增加通电螺线管的线圈匝数，来增大通电螺线管的磁

性。

故答案为：N；增大通电螺线管中的电流。

8.（2018北京，24,2）根据图14所示的电流方向，判断通电螺线管的A端是极。（选填“N”或

【思路分析】依据安培定则来判断通电螺线管的N、S极。

【解题过程】用右手握住螺线管让四指指向电流的方向，则大拇指的指向即为北极的指向，大拇指指向A端，

故A端是N极。

9.（2018山东省烟台市，20,3分）

请在下面的流程图中填入后面所列出的短语。来解释电铃（图14）是怎样利用电磁铁工作的。短语:

弹簧片恢复原状；电磁铁无磁性；电路接通；电路断开；电磁铁吸引衔铁、锤子敲击铃碗；电

磁铁有磁性。

ffiu

【思路分析】电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性，电铃就是利用电磁铁的这个特性工作的；通电时，

电磁铁吸引衔铁，鼓槌打击铃碗发出声音，同时衔铁与螺钉分陶，鼓槌被弹回，电路重新接通，不断重

复上面的过程。

【解题过程】

闭合开关，电磁铁有电流通过，电磁铁具有了磁性，衔铁被吸引过来，使锤子打击

铃碗发出声音，同时衔铁B与螺钉A分离，电路断开，电磁铁失去了磁性，锤子叉

被弹簧片弹回，电路闭合，不断重复，电铃便发出连续击打声了。

10.（2018云南省昆明市，第18（2）题，2分）根据小磁针静止时的指向，请在图11中标出螺线管的南极和

电源的正极。

T电.

【答案】

【解析】由小磁针静止时的指向，利用磁极间相互作用规律可知，通电螺线管的左端为s极；由磁极性质和绕

线方法，利用安培定则可判定：电源的左端为正极。

11.（2018浙江嘉兴，9,3）如图是一个温度自动报警器的工作原理电路图。当控制电路中有电流

通过时，电磁铁左端为上极。在使用中发现，当温度达到设定值时，电铃没有报警。经检查，各

元件完好、电路连接无误，则可能是因为控制电路电源电压太小（任写一种）导致工作电路没有

接通。

控制电路工作电路

【答案】S；控制电路电源电压太小

【思路分析】根据安培定则判定螺旋管的极性；明确这一装置由两部分电路组成，左端电路的控制

要点在于水银柱的变化，而右端的控制要点则在电磁铁对衔铁的吸引，再由此分析电路中温度变化

时的工作情况。

【解题过程】解：由安培定则可知，电磁铁左端为s极；

当温度升高到设定值时，水银柱与上方金属丝连通，使左侧形成通路，电磁铁中有电流通过，电磁

铁吸引衔铁，由于电磁铁磁性的大小与电流大小和匝数多少有关，如果电源电压，使得电流较小，

磁性较小，则电磁铁吸引不动衔铁，工作电路不会工作。

故答案为：S；控制电路电源电压太小。

12.（2018湖北咸宁，13,3）如图所示的电路，开关S接到a后，电磁铁左端为极，小磁针静

止时，A端是极；将开关S由a拨到b,调节滑动变阻器，使电流表示数不变，则电磁铁的

磁性（选填“增强”、“不变”或“减弱

（—

【答案】S；S；减弱

【思路分析】（1）根据安培定则判断电磁铁的极性，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引判

断C端的极性；

（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关：电流不变时，匝数越少，磁性越弱；匝数一

定时，电流减小，磁场减弱。

【解题过程】解：（1）伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向即螺线

管的左端为通电螺线管的S极，据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的道理可知，小磁针的C

端是S极；

（2）在此实验装置中，保持电流不变，将开关S由a换到b,则减少了线圈的匝数，因此通电螺

线管的磁性减弱。

故答案为：S；S；减弱。

13.（2018湖北襄阳，7,2）古隆中距襄阳市区某中学16km,该中学在游古隆中研学活动中，有学生

能用指南针辨别方向，是因为地球周围存在着，同学们的步行速度大约4km/h,则同学们

从学校出发到达古隆中需要的时间大约是ho

【答案】地磁场；4

【思路分析】磁场的基本性质是对放入其中的磁体产生磁力的作用，地球是一个大磁体，地磁南极

在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，小磁针放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北；

ss

根据速度公式V=Z•求出步行的时间。

【解题过程】解：由于地球的周围存在地磁场，所以地球周围的小磁针（指南针）都要受到地磁力

的作用而指向南北方向；

ssss16km16km

根据速度公式v=tt可知，步行的时间为：t="u=4km/h4km〃i=4h。

故答案为：地磁场；4。

14.（2018湖南娄底，12,4）如图所示，闭合开关，将滑动变阻器滑片向左滑动，弹簧将（选

填“伸长”或"缩短”）.如果用电流表替代虚线框内仪器，然后将条形磁体迅速插入线圈中，与之相

连的电流表的指针会发生偏转，这是现象。

【答案】伸长；电磁感应

【思路分析】①解题时由电流方向结合螺线管绕线方式，根据安培定则判定其上端为N极，故对其

上方磁体为引力，电磁铁磁性强弱与电流大小有关，当滑片向左滑时，导致接入电路阻值减小，电

流变大，电磁铁磁性增强，对上方磁体引力增大故弹簧伸长；

②因为电流表指针偏转可判定有电流通过，即为电磁感应现象。

【解题过程】解:

①电流从电源的正极流出，回到负极，由此可知：通电螺线管的上端为N极；异名磁极相互吸引，

通电螺线管会对上方的条形磁铁产生向下的吸引力，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，滑动变阻器

接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，对上方磁铁的吸引力增大,

弹簧就会伸长；

②将条形磁铁迅速插入线圈中，条形磁铁和线圈发生了相对运动，线圈做切割磁感线运动，线圈中

就会产生感应电流，与之相连的电流表指针就会发生偏转，这是电磁感应现象。

故答案为：伸长；电磁感应。

15.(2018江苏南京，19,3)图甲为热敏电阻的R-t图象，图乙为用此热敏电阻R和电磁继电器

组成的一个简单恒温箱温控电路(U为恒压电源)，继电器线圈的电阻为150C,图中的“电源”是恒

温箱加热器的电源，当线圈中的电流大于或等于20mA时，衔铁被吸合，加热器停止工作，实现温

控。

(1)恒温箱内的加热器应接在(选填"A、B“或“C、D”)端

(2)要实现对50℃-100℃之间任一温度的控制，该装置恒压电源U至少为V.若恒压电

源U为6V,则滑动变阻器R，的最大阻值至少为Q。

【思路分析】(1)当温度低的时候，电路与AB相连，此时加热器要工作，所以加热器的电路要与

AB相连；

(2)分析不同温度下热敏电阻的阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律明确应采用的电源电压；

要使恒温箱内的温度保持100C,当温度达到100C时，电路就要断开，即电路要达到20mA.根

据闭合电路欧姆定律即可求得电阻的大小。

【解题过程】解：(1)当温度较低的时候，热敏电阻的电阻较大，电路中的电流较小，此时继电器

的衔铁与AB部分连接，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以该把恒温箱内的加热

器接在A、B端。

(2)由图甲可知：50C时热敏电阻的阻值为90Q,要实现对50C-100C之间任一温度的控制，

已知控制电路的电流要到达20mA=0.02A,

则根据串联电路的特点和欧姆定律可知：

需要的最小电源电压U=IR=0.02AX(150Q+90Q)=4.8V；

由图甲可知：温度达到100C,热敏电阻R=50C,

uu

R&zw+R+R'R华匐+R+R，

若恒压电源U为6V,根据欧姆定律可得：1=线圈标鹿，

6-6y

即：o.02A=i5on+5on+«a5on+5on+/?r,

解得:R^lOOQo

故答案为：（1）A、B；（2）4.8；100o

16：（2018广西北部湾，19,2）如图所示，磁悬浮地球仪应用了（选填“同”或“异”）名磁极相

互排斥的规律：磁悬浮地球仪悬浮静止时，底座对地球仪的斥力与地球仪受到的重力（选填

“是“或“不是”）一对平衡力。

【答案】同；是

【思路分析】从图可知：球体与底座是相互分离的，故可判断球体与底座是相互排斥的；

在平衡力的作用下，物体保持静止或做匀速直线运动。

【解题过程】解：因为球体与底座是相互分离的，所以球体与底座之间是相互排斥的，即该悬浮地

球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的；

因为球体静止在空中时受两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的底座对它的斥

力。在这两个力的作用下地球仪保持静止，所以这两个力是一对平衡力。

故答案为：同；是。

17.（2018广西北部湾，21,3）图是智能扶手电梯工作原理图，其中R是压敏电阻，电磁铁上端是

极。电梯无乘客时，电磁铁磁性极弱，衔铁与触点1接触；当有乘客时，R的阻值减小，磁

性变（选填“强”或“弱”），使衔铁与接触点2接触，通过电动机的电流变（选填“大”

或“小”），电动机转动变快，使电梯运动变快。

【答案】S；强；大

【思路分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的极性。安培定则为：用右手握住螺线管，使四指指向

电流的方向，则大拇指所指的方向为螺线管的N极；

（2）左侧为压敏电阻与电磁铁串联的控制电路，右侧为带动电梯运动的电动机工作电路，当衔铁

与触点1接触时，K与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻Ri不连入，电动机两端电压增大。

【解题过程】解：

（1）读图可知，电流从电磁铁的上端流入，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇

指所指的下方为螺线管的N极，则上端为S极；

（2）当有人走上电梯后，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁

被吸下，与触点2接触，则电阻Ri不连入，电动机两端电压增大为电源电压，通过电动机的电流

变大，电动机转速变快，使电梯运动变快。

故答案为：S；强；大。