2025年高考物理押题预测卷02（安徽卷）（全解全析）

2025年高考物理押题预测卷02（安徽卷）

全解全析

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。

I.（改编题）图中H“、H。、Hy>4为氢原子在可见光区的四条谱线，此四条谱线满足巴耳末公式

；=〃=3、4、5、6,其中H。光波长最长。如果大量氢原子处在〃=4的能级，能辐射出几种

特定波长的光，其中在可见光范围内含有的谱线为（）

A.6种，可见光范围内的谱线有H,、Hs

B.6种，可见光范围内的谱线有H。、Hp

C.3种，可见光范围内的谱线有Hy、H8

D.3种，可见光范围内的谱线有H。、Hp

【答案】B

【详解】CD.大量氢原子处在〃=4的能级，能辐射出C；=6种特定波长的光，故CD错误；

AB.根据巴耳末公式万=R［球,〃=3、4、5、6

可知氢原子从〃>2的能级跃迁到77=2能级时辐射的光，在可见光范围内

其中H«光波长最长，即有〃=3能级跃迁到〃=2能级释放的光子

所以HR为〃=4能级跃迁到〃=2能级释放的光子，此两条为可见光范围内的谱线，故A错误，B正确。

故选Bo

2.2025年2月28日晚在夜空开始上演了“七星连珠"。发生"连珠"的七颗行星自西向东分别为土星、水星、

海王星、金星、天王星、木星和火星，它们出现在黄昏日落后不久。从最西端的土星到最东端的火星，张

角为117。，横跨大半个天空，地球观测的天象简略示意图如图所示。下列说法正确的是（）

A.在“七星连珠"现象发生的时间内，这七颗行星都围绕太阳做匀速圆周运动

B.七星中水星绕太阳运动的角速度最大

C.若七星绕太阳运动可近似看做匀速圆周运动，则知道七星中任意一颗行星的公转周期就可求太阳的

质量

D.金星的公转周期大于火星的公转周期

【答案】B

【详解】A.七星连珠现象发生的时间内，这七颗行星都围绕太阳做椭圆轨道运动，故A错误；

B.由万有引力提供向心力G?=加.]

GM

解得

可知由于水星绕太阳运动的轨道半径最小，七星中水星绕太阳运动的角速度最大，故B正确;

C.若七星都绕太阳做匀速圆周运动，知道七星中任意一颗行星的公转周期与轨道半径才可以求出太阳的质

量，故C错误;

D.因为金星的轨道半径小于火星，由开普勒第三定律会=后可知，金星的公转周期小于火星的公转周期,

故D错误。

故选Bo

3.降噪耳机的基本原理是在耳机内产生一列相应的抵消声波，通过波的干涉起到消音作用。假设％时刻外

界噪声的波形图如图所示，下列选项中的声波（均为曲时刻波形图）对该噪声降噪效果最好的是（）

【答案】A

【详解】因为降噪耳机的基本原理是在耳机内产生一列相应的抵消声波，通过波的干涉起到消音作用，则

由波的干涉的减弱区的特点可知，两列波应频率相同、振幅相同、波长相同、波速相同，但相位相反，只

有A符合。

故选A。

4.一质量为加的物块在光滑水平面上以速度％做匀速直线运动。某时刻开始受到与水平面平行的恒力厂的

作用,之后其速度大小先减小后增大，最小值为七。下列图中初速度”与恒力产夹角正确的是（)

【答案】D

【详解】根据题意物块的速度先减小后增大，可知恒力与速度%的夹角大于90。，将初速度沿方向和垂直尸

方向分解，垂直厂方向的分速度不变，如图所示

%

根据几何关系有cos。=2

“

可得e=60°

则力的方向与初速度方向夹角为60。+90。=150。

故选Do

5.一定质量的理想气体经历了/玲8玲。玲N的循环，其p—/图像如图所示，其中/f8过程气体分子的平

均动能不变，下列说法错误的是（

A.3过程，气体的压强与体积乘积是一个定值

B.2玲C过程，气体放出的热量比外界对气体做功多

C.C玲N过程，气体分子碰撞单位面积器壁的平均作用力减小

D.再次回到/状态时，气体内能不变

【答案】C

【详解】A.4玲5过程，气体分子的平均动能不变，可知，此过程气体的温度不变，根据玻意耳定律可知,

气体的压强与体积乘积是一个定值，故A正确，不符合题意；

B.8玲C过程，气体体积变小，外界对气体做功，气体的压强与体积乘积变小，根据玻意耳定律可知，气

体的温度降低，则气体内能减小，根据热力学第一定律可知，气体放出的热量比外界对气体做功多，故B

正确，不符合题意；

C.C玲/过程，气体体积变大，气体分子密度变小，但压强增大，气体分子碰撞单位面积器壁的平均作用

力增大，故C错误，符合题意；

D.再次回到/状态时，气体温度不变，则气体内能不变，故D正确，不符合题意。

故选C。

6.人体弹弓，将人体当做弹丸射出，新颖刺激，与众不同，如图是一种人体弹弓的示意图，两根相同的橡

皮绳（符合胡克定律）连接到座椅上，座椅可在倾斜轨道上滑动，。、b,c在同一直线上。将弹弓拉满后

固定，当人坐到座椅上后，在y0时拨动开关，4时刻弹弓将人从。点射出。人在空中飞行一段时间后于芍

时刻落到水池中。忽略空气阻力，则人沿水平方向的速度匕与，的关系，下列图像可能正确的是（）

【答案】B

【详解】设轨道倾角为。，座椅与轨道摩擦力为了,橡皮筋对人的力为尸，人和座椅总质量为一起在

轨道上运动过程中，在忽略空气阻力的情况下，根据牛顿第二定律尸-Mgsind

而橡皮筋对人的力在减小，可知人和座椅的加速度先减小后反向增大。则人先由静止开始做加速度减小的

加速直线运动。然后做加速度增大的减速运动；。时刻弹弓将人从。点射出，当人离开座椅后做斜抛运动,

其水平方向的速度不变，V—图像中斜率表示加速度，则图像的斜率先减小后增大，最后是零。

故选Bo

7.如图所示，100匝边长为10cm的正方形线圈，一半放在磁感应强度为2T的匀强磁场中，线圈轴线OO,

与磁场边界重合，线圈沿图示方向匀速转动，角速度为6rad/s,线圈的总电阻为5Q,从图示位置开始，线

圈转过30。时所受安培力大小为（）

A.0.12NB.0.24NC.12ND.24N

【答案】C

【详解】线圈转动过程中。6边切割磁感线，边各点的线速度大小为v=e4=O.3m/s

2

线圈转过30。时，产生的感应电动势为£=A«Zvsin30°=3V

p

由闭合电路欧姆定律可得，此时感应电流/="=0.6A

R

线圈转过30°时所受安培力大小等于成边所受安培力大小，为歹=NB〃=12N

故选Co

8.如图所示，水平放置的平行板电容器与恒压直流电源连接，板间距离为“，一带电粒子恰好静止于电容

器极板正中央。若保持下极板不动，用绝缘工具在极短时间内将上极板向上平移。，粒子打在极板上的动

能为用;若保持上极板不动，用绝缘工具在极短时间内将下极板向上平移g,粒子打在极板上的动能为

4

E］。不计空气阻力和电容器充放电的时间，则去等于（）

上极板I一J

•接恒压电源

下极板I1,——J

【答案】B

【详解】开始时粒子平衡q==〃噜

口一u_1

上极板上移，粒子所受合力向下，大小为-3mg

-a

4

粒子将打在下极板上，其动能为©=尸/日

下极板上移，粒子所受合力向上，大小为

粒子将打在上极板上，其动能为马=月2

Er_5

~E[~3

故选Bo

二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每题给出的四个选项中，有多项是符合要求的。全

部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

9.在水平面内建立如图甲所示的直角坐标系xQy,一根足够长的光滑绝缘轻质细杆上的。点处套有一个质

量为机、带电荷量为+4的小球，整个空间存在竖直向下、磁感应强度大小为8的匀强磁场，如图乙所示。

，=0时刻，绝缘细杆在外力作用下由静止开始以加速度/沿V轴正方向做匀加速直线运动（杆始终与光轴

平行），小球经过6点时沿x轴方向的加速度也为%。下列说法正确的是（）

XXXX

XXbx

XX

小球经过6点时细杆的速度大小为舞

小球经过6点时沿X轴方向的速度大小为篝

2qB

小球经过b点时受到细杆沿y轴方向的支持力大小为工学

小球经过6点时外力的功率为工2

【答案】BCD

【详解】A.小球经过6点时在水平方向的加速度也为旬，有谑卬=叫，解得"而

细杆的速度大小v杆=旬，=噜，A错误；

QD

B.小球在x轴方向受到的洛伦兹力与时间成正比，根据动量定理有/=幽£=„7V

2

解得V=鲁，B正确;

C.小球经过b点时，沿歹轴方向有4-9m=加旬

解得”=等，C正确；

D.外力的功率尸=综丫杆=呼D正确。

2qB

故选BCD„

10.如图所示，劲度系数为左的弹性绳一端系于P点，绕过。处的光滑小滑轮，另一端与质量为〃?、套在光

滑竖直固定杆/处的圆环（视为质点）相连，P、。、/三点等高，弹性绳的原长恰好等于尸、。间的距离,

/、。间的距离为A。将圆环从/点由静止释放，重力加速度大小为g,弹性绳始终处于弹性限度内，弹性

绳的弹性势能综=g^2,其中X为弹性绳的伸长量，下列说法正确的是（）

A.圆环向下运动的过程中，弹性绳的弹性势能先增大后减小

B.圆环向下运动的最大距离为坐

k

22

C.圆环最大动能为巴£

2k

D.圆环运动过程中的最大加速度为£小二+黑算

【答案】BC

【详解】A.根据题意可知，圆环向下运动的过程中，弹性绳的拉伸量逐渐增大，则弹性绳的弹性势能一直

增大，故A错误;

B.圆环向下运动至最低点过程，根据能量转化与守恒mg%,=gMJ力L+叶

2mg

解得％1ax

故B正确;

C.圆环动能达到最大时，速度最大，此时圆环加速度为0,令此时绳与竖直方向夹角为凡弹性绳的拉伸

量为X,则有sin。=3

此时，对圆环进行分析有bcos0="?g

根据能量转化与守恒有初gjY-Z?七2+稣111ax

故C正确；

D.对圆环进行分析，开始释放的加速度为重力加速度g,随后加速度先减小，后增大，令在C点的加速度

L

为°,此时弹性绳与竖直方向夹角为结合上述有tana=厂

h.

根据牛顿第二定律有电+cosa-mg=ma

结合上述解得。=g

即圆环运动过程中的最大加速度为g,故D错误。

故选BCo

三、实验题：共2题，共16分。

11.（8分）现在是智能家居的时代，回家路上就可以关上窗帘、打开空调，扫脸就可以开锁进门……。但各

种家电都需要电源，某物理小组准备测量某小家电的电源电动势和内阻的准确值，已知电动势在8~10V之

间，内阻在1~3Q之间，实验室提供了如下器材：

A.电流表A（量程0~3A,内阻RA=0-3C）

B.电压表V（量程0~5V,内阻%=5后。）

C.滑动变阻器R（0~20Q）

D.定值电阻片=0.15。

E.定值电阻4=1左。

F.定值电阻瑞=5人。

待测电源，开关S、导线若干

⑴要把电压表改装成量程为0~10V的电压表，需要串联的定值电阻应该选用的是（填正确答案前的字

母）;

（2）要把电流表与定值电阻4并联,改装成新的电流表，则新的电流表允许通过的最大电流为A；

手

⑶设计出的电路图如图甲所示,其中与电压表串联的定值电阻用R表示。根据电路图，用笔画线代导线,

将图乙所示实物图连接成完整电路;

⑷调节滑动变阻器，得到多组电压表示数。和电流表示数/的对应数据,由实验数据作出图像如图丙

所示，根据对电路结构的理解，可以得到该电源的电动势E=V.内阻尸Q。（结果均保留3位有

效数字）

9.601.23

【详解】（1）电压表量程为0~5V,内阻&=5k。，要把它改装成量程为0~10V的电压表，串联的电阻

设为R,贝UU改装=*（Rv+R）=10V,解得R=5kQ。

（2）电流表与定值电阻鸟=015Q并联，此时有内，当原电流表满偏时，可得4=6A,所以新的

电流表的最大电流为9A。

（3）电路连线如图所示。

（4）[1][2]结合电路图，有2。=£-3/（，+*）,且%=汽。=0.1。，则有u=g_L5&+0.1）/,结合

AA+AI2

\TJAQF

。一/图像可得1.5（r+0.1）=仄丁=5^。，—=4.8V,解得E=9.60V,r®1,23Q»

12.（8）利用图甲装置验证动量守恒定律，将钢球。用细线悬挂于。点，钢球6放在离地面高度为〃=0.80m

的支柱上，。点到a球球心的距离为£=0.20m。将。球拉至悬线与竖直线夹角为a,由静止释放后摆到最

低点时恰与6球正碰，碰撞后。球运动到竖直线夹角夕处，6球落到地面上，测出6球的水平位移s,当地

重力加速度为g。

乙

⑴改变a角的大小，多次实验，发现钢球。、6碰撞过程不仅动量守恒，机械能也守恒，得到d-cosa的

m

关系图线如图乙，则钢球。、方的质量之比。（保留2位有效数字）

mb

（2）若在钢球6的被碰位置贴一小块棉布，依然将。球拉至悬线与竖直线夹角为。由静止释放，增大的物理量

是（）

A.碰后6球的水平位移s

B.碰后。再次到达最高点的夹角夕

C.碰撞过程中系统的总动量

D.碰撞过程中系统动能的损失

⑶某同学观察到，在台球桌面上，台球加以初速度%和静止的球〃发生斜碰时，碰后两球的速度方向将不

在同一直线上，如图乙所示。己知两球大小相同，质量相等，若两球碰撞过程无能量损失，碰后两球速度

方向与初速度的夹角分别为1和£,则。和尸满足的关系为0

【答案】(1)3.0；(2)BD；(3)a+4=90。

【详解】(1)选取向左为正方向，碰撞过程中动量守恒和机械能守恒，则有?%=叫匕+啊1，

2m

联立解得/n

当a=90°时，cosa=0,则％=12gL=2m/s

由乙图可知，cosa=0时，有s2=1.44m2

6做平抛运动，则％=5幅

代入数据得%=3m/s

联立可得以=3.0

(2)AB.碰撞过程中，动量守恒，两球作用的时间变长，入球获得的速度变小，则碰撞后入球水平位移减

小，。球碰后速度较之前变大，则碰后夹角广变大，

故A错误，B正确；

C.若在钢球b的被碰位置贴一小块棉布，依然将。球拉至悬线与竖直线夹角为a由静止释放，碰撞过程中,

动量守恒，碰撞过程中系统总动量不变，故C错误；

D.贴一小块棉布后，碰撞过程中，动量守恒，碰撞过程中系统总动量不变，系统动能损失变大，故D正确。

故选BDo

(3)设两球的质量均为加，在%方向与垂直％方向上由动量守恒定律可得加%=»?Mcosa+优vcos",

mVsina-mvsin[3

又由能量守恒得g机V；=1w2+1wv2

结合以上三式可得cos(a+g)=0

即"+夕=90。

四、计算题：本题共3小题，共43分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后

答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13.（10分）如图所示为水平放置的玻璃砖，其纵切面/BCD为直角梯形，N2边与/。边间夹角。=30。,

横截面CDG8为边长为工的正方形。一束宽度为£、高度为J的平行单色光，平行于玻璃砖的棱3C射向

玻璃砖的左端面，光束上表面与平面2s/共面，光束前侧面下边缘光线从边中点。射入玻璃砖，折

射后射到ND边上的E点，8E与/D边垂直。已知边的长度为名后工，光在真空中的传播速度为c,不

3

考虑在截面CDG”上的反射光线，求：

⑴该单色光在玻璃砖中的传播速度V；

（2）截面CDG8上有光射出区域的面积So

【答案】（l）v=Y^c;（2）S=]z2

33

【详解】（1）最下边缘光线的传播光路如图甲所示,

甲

由几何知识得光线的入射角和折射角分别为，=60。,r=30°

玻璃砖的折射率为〃=辿=g

smr

该单色光在玻璃砖中的传播速度V=g=且°

n3

（2）光线折射进入玻璃砖后，在上、下表面发生全反射的临界角为G）,则sinC0=L=立

n3

由几何知识得光线在上、下表面的入射角均为々=60°

故光线在上、下表面均发生全反射，光线最终在横截面CDG”出射，光路如图乙所示

B

最终有光射出的区域为C。间的部分，设其长度为x,由几何知识得了jtan60。2T

tan6003

2

有光射出的区域的面积为S==

14.（15分）如图所示的装置放在水平地面上，该装置由弧形轨道、竖直圆轨道、水平直轨道和倾角。=37。

的斜轨道3c平滑连接而成。将质量m=0.2kg的小滑块从弧形轨道离地高比2.0m的M处静止释放。已知滑

块与轨道和8c间的动摩擦因数均为〃=0.25,弧形轨道和圆轨道均可视为光滑，忽略空气阻力，取

g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8o求：

⑴小滑块运动到/点时的速度大小；

（2）若滑块运动到D点时对轨道的压力大小为6N,求竖直圆轨道的半径;

⑶若乙肝%c=2Qm,试确定滑块最终停止的位置。

【答案】（1）2而m/s；（2）0.5m；（3）lm

【详解】（1）小滑块从“滑动/点过程中，根据动能定理可得

mgH=­mv\

解得

vA=2\ZT0m/s

（2）滑块运动到。点，根据牛顿第三定律可知，滑块所受轨道的支持力的大小等于压力的大小，即支持力

为6N,根据牛顿第二定律有

mg+F=m

NR

滑块从初始位置滑至。点过程中，根据动能定理有

mg（H-27?）=—mv^

联立解得

R=0.5m

（3）滑块在斜面上，由于

mgsin0>jumgcos0

则滑块无法停留在斜面上，最终会停止在水平面上，设滑块第一次滑上斜面滑行距离为s,则滑块从最

初到滑上斜面最高点的过程中，根据动能定理有

mgH-jumgLAB-"mgcos0+mgsinff）s=0

解得

15

s=一m

8

则滑块第一次从斜面滑下来到地面的动能为

Ek=mgH-jLimgLAB-2jumgcos0-s=1.5J

之后滑块在水平面上滑行返回A点时具有的动能为

皖=Ek-/jmgLAB=0.5J

则滑块经光滑圆弧后还能回到水平面，设再次返回到水平面上还能继续运动的距离为s',根据动能定理有

-jumgs'=Q_

解得

s'=Im

即最后滑块停在水平面上4点右侧距4点1m距离处。

15.（17分）某兴趣小组设计制作了一种磁悬浮列车模型，原理如图所示，尸。和是固定在水平地面上

的两根足够长的平直导轨，导轨间分布着竖直（垂直纸面）方向等间距的匀强磁场4和4，二者方向相反。

矩形金属框固定在实验车底部（车厢与金属框绝缘）。其中边宽度与磁场间隔相等，当磁场片和反同时

以速度％=10m/s沿导轨向右匀速运动时，金属框受到磁场力，并带动实验车沿导轨运动。已知金属框垂直

导轨的历边长£=0.1m、总电阻R=0.8。，列车与线框的总质量机=4.0kg,=2.0T,