四川省射洪市2026届高三物理上学期二模试题含解析

（考试时间：分钟满分：分）注意事项：、答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、考号填写在答题卡上。、回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。、回答非选择题时，将答案写在答题卡对应题号的位置上。写在本试卷上无效。、考试结束后，将答题卡交回。第I卷（选择题共分）一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。1.某灯光音乐喷泉运行时，五彩斑斓，景色蔚为壮观。若该喷泉某只喷管喷出的水柱在竖直方向上接近十五层楼顶的高度，根据生活经验，可以估算出该水柱从地面喷出时在竖直方向的分速度与下列哪个值最接近（）A.15m/sB.20m/sC.25m/sD.30m/s【答案】D【解析】【详解】根据生活经验，每层楼高3m，15层楼高约为根据解得故选D。2.如图甲所示，明代倪端画的《捕鱼图》是一种原始的捕鱼方式，其拉网的原理图如图乙所示，罾（渔网）和连接罾的四根竹杆可看成是一个重物用不可伸长的轻绳悬挂在轻杆上的A可绕点在竖点拉动轻绳使轻杆绕由第1页/共19页

图乙所示位置缓慢转至竖直的过程中，下列说法正确的是（）A.人对轻绳的拉力变小B.人对轻绳的拉力不变C.轻杆上的弹力大小不变D.轻杆上的弹力变大【答案】A【解析】【详解】对A点受力分析，如图所示过点作竖直线交于A点受力、、根据平行四边形定则作出、两个力的合力，根据平衡条件可得由三角形相似，可得将代入得，人在点将轻杆拉至竖直方向的过程中，的长度不变，的长度变大，的弹力变小，人对轻绳的拉力变小。故选A。3.绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘。炎炎夏日下，我们仍能看见外卖小哥忙碌的身影，如图所示为一外500kg1000NA点出发到E点一直做匀加速直线运动，其中，下列说法正确的是（）第2页/共19页

A.骑手的加速度为B.骑手在C点的速度为C.骑手在C点速度大于AE段平均速度D.骑手经过B、C、D、E时所用的时间之比为【答案】C【解析】【详解】A．根据牛顿第二定律可知，骑手的加速度为，A错误；B．骑手在C点的速度为，B错误；C．B点是AE段的中间时刻，可知B点的速度等于AE段的平均速度，则骑手在C点的速度大于AE段平均速度，C正确；D．根据可知，骑手经过B、C、D、E时所用的时间之比为，D错误。故选C。4.M的长木板A的物体平速度滑上原来静止的长木板A的上表面。由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（g取）A.A、B间的动摩擦因数为0.2B.木板A的质量C.木板A的最小长度为2mD.系统损失的机械能为2J【答案】D【解析】第3页/共19页

【详解】A．根据图像可知，物体A、B的加速度大小为对物体A，根据牛顿第二定律可得解得A、B间的动摩擦因数，故A错误；B．对物体B，根据牛顿第二定律可得解得木板A的质量，故B错误；C．时间内，二者的相对位移为解得，故C错误；D．根据能量关系可得系统损失的机械能代入数据解得，故D正确。故选D。5.重庆轻轨设计独特，为山城人民出行带来了极大便利。如图（at=0时，两辆相同轻轨列车车头车尾均对齐，行驶在平行直轨道（足够长）上，之后它们在该直轨道上运动的图像如图（b）所示。则下列说法正确的是（）A.两轻轨列车运动方向相反B.在t=4s时，两车相距最远C.0~4s内，两车距离先变大再变小D.两车在t=4s时，速度相同，均为5m/s【答案】C【解析】【详解】A．本题的图像是图像，对于匀变速直线运动，位移公式为两边同时除以t得到图像呈直线，因此两列车均做匀变速直线运动，对于甲车，第4页/共19页

对于乙车，两车速度均为正，运动方向相同，故A错误；B．两车从同一位置出发，运动方向相同，当两车速度相等时，相距最远即解得，故B错误；C．在内甲车速度小于乙车速度，两车距离变大，在内甲车速度大于乙车速度，两车距离变小，所以在两车距离先变大再变小，故C正确；D．在时，甲车速度为乙车速度为，两车速度不相同，故D错误。故选C。6.三百六十行，行行出状元。最近一段服务员快速摆餐盘的视频火遍全网，服务员把盘子均匀放到餐桌中间的转盘边缘上后，增大转盘转动角速度，餐盘从转盘边缘飞出，落在餐桌上立即停下。已知餐盘和转盘间的动摩擦因数为到桌面的高度为，重力加速度为，下列说法正确的是（）A.餐盘质量越大从转盘边缘飞出时速度越小B.餐盘落到餐桌上前瞬间的速度大小为C.转盘加速转动过程中，餐盘受到的摩擦力始终指向转盘中心D.落到餐桌上的餐盘到转盘中心的水平距离为【答案】B【解析】【详解】A．餐盘从转盘边缘飞出时，满足故飞出时速度为，与质量无关，故A错误；第5页/共19页

B．餐盘飞出后做平抛运动，有，，餐盘落到餐桌上的速度为，故B正确；C．餐盘随转盘加速转动过程中，速度增大，合外力即摩擦力不指向圆心，故C错误；D．落到餐桌上的餐盘到转盘中心的水平距离为，故D错误。故选B。7.的小球与质量为的物块通过轻质细线连接，细线跨过天花板上的两个轻质定滑轮。小球套在细杆上从某处由静止开始上滑，细线一直处于伸直状态，当小球运动到A点时，速度沿着杆斜向上大小为，细线与细杆之间的夹角为，当小球运动到B点时，细线与细杆垂直。已知AB两点之间的距离为，重力加速度为，，，下列说法正确的是（）A.当小球在A点时，物块的速度大小为B.小球从A点运动到B点，系统总重力势能的减小量为C.当小球运动到B点时，小球速率最大D.小球从A点运动到B点，细线对小球做的功为【答案】D【解析】【详解】A．设当小球在A点时，物块的速度大小为，把小球在A点时的速度分解，如图所示，得，A错误；第6页/共19页

B．小球从A点运动到B点，物块下落的高度则物块重力势能的减小量小球上升的高度，则小球重力势能的增加量综上可知系统总重力势能的减小量，B错误；C．小球上升过程中，当时速度最大，此时受力如图所示，小球不在B点，C错误；DB点时的速度为00和物块组成的系统，由机械能守恒定律有对小球，由动能定理有解得，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.幼儿园小朋友用一轻弹簧将AB两辆玩具小车（视为质点）连接在一起，在两侧施加外力FF2进行“拔河”游戏，观察小车的运动情况，如图所示。已知轻弹簧的原长为Lk，两小车质量相第7页/共19页

同，一切摩擦均可忽略。下列说法正确的是（）A.若，且两小车相对静止，则两车距离为B.若，且两小车相对静止，则两车距离为C.若，且两小车相对静止，则两车距离为D.若，且两小车相对静止，则两车距离为【答案】AC【解析】【详解】AB．由于，且两小车相对静止，此时系统处于静止状态，根据胡克定律结合平衡条件可得解得弹簧的伸长量为则两车距离为，故A正确，B错误；CD．若，且两小车相对静止，对整体根据牛顿第二定律有以A为对象，根据牛顿第二定律可得联立解得弹簧的伸长量为则两车距离为，故C正确，D错误。故选AC。9.2025年9月，遥感四十五号卫星在中国文昌航天发射场成功送入预定中地球轨道。中地球轨道上多为通信和导航卫星，运行周期一般为数小时至十数小时。遥感四十五号卫星的轨道半径是静止轨道卫星的，观测范围如图所示。静止轨道卫星运行周期为T，下列说法正确的是（）第8页/共19页

A.该卫星的周期为8TB.该卫星的周期为C.若该卫星轨道平面与地球赤道平面共面，则它在24h内一定能观测到地面某固定标志物8次D.若该卫星轨道平面与地球赤道平面垂直，则其太阳能电池板可能24h不间断发电【答案】BD【解析】【详解】AB．根据可得则有可得，故A错误，B正确；C24h内相对地球转7时开始时，地面固定标志物在观测范围内，则24h内卫星能观测到8次；若其在观测范围外，则24h内卫星能够观测到7次，故C错误；D．若四十五号卫星轨道平面与赤道平面垂直，则可能其轨道处处有太阳光到达，其太阳能电池板可能24h不间断发电，故D正确。故选BD。10.如图所示，倾角为30°的光滑斜面AB与无限长粗糙水平面BC在B点平滑连接，a滑块静止于B点，其与水平面的动摩擦因数为μbb与水平地面间无摩擦力）从斜面上距地面高h处由静止释放。a和b质量分别为3mm，两者之间的碰撞无能量损失。二者均可视为质点，a的速度减为零之前b不会与之发生碰撞，重力加速度为g，下列说法正确的是（）第9页/共19页

A.b第一次反弹上升高度为B.调整b的质量，可以让b反弹超过释放位置C.a在水平面上移动的总距离为D.为保证a速度减为零之前，b不会与之发生碰撞，要求【答案】AD【解析】【详解】A．a、b发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以水平向左为正方向。由动量守恒定律有由机械能守恒定律得解得，b满足碰后所以第一次碰撞后b会被反弹至高度为处，故A正确。B．因为a、b碰撞时系统机械能守恒，即有，因此不论如何调整b的质量，其反弹后均不能超过释放位置，故B错误。C．当a、b停在水平面上时，两物块到此处的速度均可视为零，对两物块运动全过程，由动能定理得解得，故C错误。D．若第二次碰撞发生在a停下时，则之后每次碰撞都发生在a停下后。第一次碰撞到第二次碰撞之间，a运动时间第10页/共19页

移动距离为b运动时间若，则可保证a速度减为零之前，b不会与之发生碰撞，即，故D正确。故选AD。第卷（非选择题）三、实验题（每空2分，共分）在槽内固定一个力传感器，将小球放在凹槽内，在力传感器外侧安装了一个沿圆盘径向的遮光片，小球紧靠力传感器。（1）使圆盘绕过圆盘中心的竖直轴匀速转动，与光电门连接的光强记录仪记录接收到的光强随时间变化的规律如图乙所示，根据图乙可知，圆盘转动的角速度为_____；（2）多次调整圆盘的转速进行实验，测得多组小球转动的角速度ω及对应力传感器示数F，作出图________0.3kg_____。第11页/共19页

【答案】（1）（2）①.在质量和半径一定的情况下，小球做圆周运动的向心力与角速度的平方成正比②.0.3【解析】【小问1详解】根据图乙可知，小球做圆周运动周期为又联立可得圆盘转动的角速度为【小问2详解】[1]由图丙可知，在质量和半径一定情况下，小球做圆周运动的向心力与角速度的平方成正比。[2]根据向心力公式，可知图像的斜率为解得小球做圆周运动的半径为12.同学们在做“验证机械能守恒定律”实验时，设计了如图甲所示的两种方案：（1）为完成实验方案1，下列说法正确的（）A.还需要刻度尺、秒表、交流电源B.必须用天平测出重锤的质量C.可以根据v=gt来计算重物在t时刻的瞬时速度D.安装打点计时器时，应使两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先接通电源，后释放重物第12页/共19页

（21ABCDEF50Hz，计算出打下点C时重物的速度大小为___________m/s（结果保留3（32d=___________mm需要（）A．滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量mB．多次测量遮光条的宽度取平均值C．选质量大体积小的钩码（4）方案2中，数字计时器测得遮光条通过光电门的时间为t，多次改变光电门的位置并测出多组L和t，描绘出的图像如丁所示。已知图像的斜率为kk=___________即可认为机械能守恒。已知滑块与遮光条总质量为M、钩码质量为m、重力加速度为gM、m、d、g来表示）【答案】（1）D（2）1.56（3）①.1.30②.C（4）【解析】【小问1详解】AA错误；B质量，故B错误；C．不可以根据v=gt来计算重物在t时刻的瞬时速度，故C错误；D．安装打点计时器时，应使两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先接通电源，后释放重物，故D正确。故选D。【小问2详解】第13页/共19页

由于交流电频率为50Hz，所以相邻两计数点间时间间隔为0.02s，所以打下点C时重物的速度大小为【小问3详解】[1]游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以[2]A．由于本实验不需要确定绳中拉力大小，所以不需要满足滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量m，故A错误；B．不需要多次测量遮光条的宽度取平均值，故B错误；C．实验中应选质量大体积小的钩码，故C正确。故选C。【小问4详解】若系统机械能守恒，则，联立可得所以四、解答题（共分）13.如图所示，在水平地面上竖直固定一光滑圆弧形轨道，轨道的半径R=1.6m，AC为轨道的竖直直径，B与圆心O的连线与竖直方向成60°m=1kgP以初速度v0水平抛出，小球恰好从B处沿切线方向飞入圆弧形轨道，小球到达最高点A时恰好与轨道无作用力，取g=10m/s2。求小球（1）到达最高点A时的速度大小；（2）从P点水平抛出的初速度大小。（3）小球运动到B点时受到的支持力大小。【答案】（1）第14页/共19页

（2）（3）【解析】【小问1详解】由题可知，在A点时，重力提供小球圆周运动的向心力，则有解得【小问2详解】设小球在B点的速度为，从B到A的过程中，根据机械能守恒定律可得代入数据解得根据运动的分解可得小球从P点抛出时的速度【小问3详解】小球运动到B点时，根据牛顿第二定律可得代入数据解得14.如图所示，电动机通过一轻绳牵引放在倾角为的斜面底部一质量为的静止物体，绳能承受的最大拉力为，斜面的高度为，物体与斜面间的动摩擦因数为，电动机的最大输出功率为，要将此物体由静止以最快的方式牵引到斜面顶端（已知此物体在接近力，重力加速度。求：(1)物体最大加速度；(2)物体速度的最大值；(3)物体运动到斜面顶端所需的时间。第15页/共19页

【答案】(1)；(2)15m/s；(3)7.75s【解析】【分析】【详解】(1)分析可知，初始时以轻绳所能承受的最大拉力拉物体，使物体以最大加速度匀加速上升，当电动机达到最大输出功率后，以最大功率运行，物体到达斜面顶端所用时间最短，物体运动过程中的最大加速度，即匀加速运动过程中加速度(2)当电动机输出功率达到最大值时，物体做变加速运动，当物体受力平衡时，速度达到最大值，有(3)物体做匀