云南省多校2025-2026学年高二年级上册二调考试物理试题（解析版）

2025—2026学年度上学期高二年级二调考试

物理试卷

卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。

注意事项：

1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴

在答题卡上的指定位置。

2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3.填空题和解答题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、

草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只

有一项是符合题目要求的°

1.比值定义法是定义物理概念常用的方法，下列哪个表达式属于比值定义式（）

[JoQ

A.电场强度七二一B.电容C=---------

d4jtkd

C.电势。=反D.电流/=巳

4r

【答案】C

【解析】A.电场强度后二且是匀强电场中电势差与场强的关系式，并非比值定义式，故

d

A错误；

R.电容C=是平行板电容器的决定式，电容的比值定义式为C=g,故R错误：

471kdU

Ep

C.电势。=J通过电势能与电荷量的比值定义，与试探电荷4无关，属于比值定义式，

q

故C正确；

D.电流/二1•是欧姆定律的表达式，电流的比值定义式为/=2,故D错误。

2.关于电动势、内电压、外电压，正确的理解是（）

A.外电压就是路端电压，内电压就是电源两极间的电压

B.同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化

C.电源断开时外电压的大小等于电动势的大小

w.W

D.电动势公式七二」中卬猿与电压。=一中W一样的，都是电场力做的功

qq

【答案】c

【解析】A.外电压就是路端电压，即电源两极之间的电压，内电压是电源内阻承担的电

压，并不是电源两极间的电压，故A错误；

B.电动势由电源自身决定，同一电源接入不同的电路，电动势不会发生变化，故B错误;

C.根据U=

可知，电源断开时,干路电流等于0,此时外电压的大小等干电动势的大小，故C正确：

D.电动势公式七二」•中W”是非静电力做功，电压一中的W一是静电力做功,

夕

两者不一样，故D错误。

故选C。

3.锂电池体积小、容量大、电压稳定，在手机中广泛应用。它主要依靠锂离子在正极（含

锂化合物）和负极（碳材料）之间移动来工作，其原理如图所示.若某款手机锂电池的电

动势3.7V,电池容量4000mA-h,正常通话电流400mA,则（）

A.正常通话时，电池输出的功率为1.48W

B.电池充满电后，手机能正常通话2.7h

C图示状态是电池放电状态

D.负极积累的锂离子越多，电池存储的电能越少

【答案】c

【解析】A.正常通话时，电池的总功率为生=E/=3.7xO.4W=1.48W

由于存在一定的内阻，所以电池输出的功率小于L48W,故A错误；

B.电池充满电后，手机能正常通话时间为，=幺="四h=10h

/400

故B错误：

C.图示状态锂离子从电池负极到正极，即为电池内部的电流方向，故处于放电状态，故

C正确；

D.负极积累的锂离子越多，电池中充入的电荷量也就越多，存储的电能越多，故D错误。

故选C。

4.如图1所示，将横截面积相同、材料不同的两根金属丝〃、力焊接成长直导体A为

金属丝。的左端点，B为金属丝。的右端点，P是金属丝上可移动的接触点。保持金属丝

中电流不变，接触点P从A点向B点滑动全过程中，电压表示数U随AP间距离x的变化

关系如图2所示。金属丝。、方的电阻分别是《、Rh；电阻率分别是2,、A：内部电场

强度分别是EQEb；内部电子定向移动速度分别是匕、心•则它们之间的大小关系正确

的是（）

【解析】金属丝中电流不变，由/=与,R=pg可得第一段直线表达式为

RS

U、=*x,第二段直线表达式为。2=冬工+冬4,其中4为金属丝。的总长，根据

JJJ

图像中两直线的斜率比，可求得0：A=1:2。

A.如图2可知，两电阻的长度之比为3:1,由H=得凡：«=3：2,A错误;

B.由上面分析可知，B正确；

C.金属丝中的场强可看成匀强电场，由E=4可得"：线=1：2,C错误：

D.金属丝中电流不变，两根金属丝材料不同，自由电子数密度〃不同且未知，横截面积

相同，故由/=〃eSi，不能求出内部电子定向移动速度之比，D错误。

故选B。

5.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器组成，已知灵敏电

流表的满偏电流4=2mA，内电阻人=300Q,则下列说法正确的是（）

G飞

甲

A.甲表是电流表，R增大时量程增大

B.乙表是电流表，R增大时量程增大

C.在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A,则R=0.5Q

D.在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V,则R=1200C

【答案】D

【解析】AC.甲表是电流表，量程为

R增大时量程变小，若改装后量程为0.6A

299

故AC错误:

BD.乙表是电压表

量程为U=/J4+欠）

/?增大时量程变大，若改装后量程为3V

则R=1200C

故B错误，D正确。

故选D。

6.图甲为一辆玩具车，其内部电路图如图乙所示。电源电动势E=12V,内阻r=0.5Q,

R1为车斗底部的压敏电阻，其阻值随压力厂的增大而减小，灯泡L的电阻勺=6。，电

动机的额定电压U=6V,线圈的电阻&=2Q。车斗内未放重物时，只闭合开关加，通

过Ri的电流为1.5A；再闭合开关S2,电动机正常工作。下列说法正确的是（）

甲乙

A.未放重物时R1阻值为2Q

B.电动机正常工作时的电流为3A

C.电动机正常工作时的输出功率为4W

D.只闭合跖，车斗放入重物后灯泡变暗

【答案】C

【解析】A.未放重物时，只闭合开关端,根据欧姆定律可得石=/1一+凡+4）

代入数据解得为=L5C,故A错误；

BC.电动机正常工作时，灯泡和电动机两端电压均为6V,则灯泡中的电流为

压敏电阻R\和电源内阻上的电压为UR*=E-U=6Y

%

则干路电流为/总二=3A

Ri+r

则电动机支路的电流为=/总-4.=2A

电动机正常工作时的输出功率为％=U/M-/；同=4W

故B错误，C正确；

D.只闭合和，车斗放入重物后，压敏电阻凡阻值变小，电路总电阻减小，总电流增大，

灯泡变亮，故D错误。

故选C。

7.如图所示，ABCD为匀强电场中相邻的四个等差等势面，等势面与水平方向的夹角

8=37。，一带正电小球经过等势面A上的。点时，速度方向水平，小球沿直线运动，经过

等势面。上的d点时速度恰好为零，已知小球质量为机=005kg,带电量q=().05C,ad

34

间的距离为0.15m,重力加速度g=10m/s2,sin37°=-,cos37°=-,则下列说法正确

的是()

Z

B

/

A.匀强甩场强度大小为I2.5N/C

B.小球在〃点的速度大小为7.5m/s

C.A和8两等势面的电势差UAB=0.375V

D.若小球从d点沿da方句水平射入,则小球的运动轨迹为曲线

【答案】A

qE

【解析】—

、

、「

mg

A.由题意知小球沿水平方向做减速直线运动，带正电且电场线与等势面垂直，所以小球

受力如图所示，则qE=-^―

cos37°

解得E=12.5N/C,故A正确；

B.由图可得合力为，tan37=tna

由vo2=2%

联立解得%=1.5m/s,故B错误；

rsin37。

c.=-E--z=-0.375V,故C错误；

八s3

D.若小球从d点沿da方向水平射入，与合力方向相同，做匀加速直线运动，故D错误。

故选Au

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有

多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

8.下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是（）

A.电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多

B.W=U〃适用于任何电路，而W=/2&只适用于纯电阻电路

C.在非纯电阻电路中

D.焦耳热用适用于任何电路

【答案】BD

【解析】A.电功率越大，电流做功越快，但电路中产生的焦耳热还与做功时间有关，不

能仅根据电功率大就确定焦耳热一定多，故A错误；

B.W=U〃是电功的定义式，适用于任何电路：而卬=尸/，是根据欧姆定律推导出来

的，只适用于纯电阻电路（电能全部转化为内能的电路），故B正确；

C.在非纯电阻电路中，可能除了转化为内能，还转化为其他形式的能，所以U/（总功

率）大于（热功率），故C错误：

D.焦耳热。二八心是焦耳定律的表达式，适用r任何电路中焦耳热的计算，故D止确。

故选BDo

9.在图所示的电路中，若在滑动变阻器R的滑片P向左滑动一小段距离的过程中，电压表

nAU

A.电阻R1中通过的电流增大，且增加量为

B.电阻E两端的电压减小，且减少量为AU

C.电源的输出功率增大

D.电源的效率增大

【答案】AD

【解析】A.由于凡为定值电阻，电压表读数等于定值电阻R］两端电压，则有凡=当

11A/,

A7bU

可得=丁

nAU

可知通过"的电流增大，增加量为丁，故A正确：

B.设电压表Vi示数为U,电路总电流为/,由闭合电路欧姆定律可得

U=E-I（r+R2）

电压表Vi的示数增大，贝J电路总电流减小，又有箸卜〃+&

流过电阻乙的电流为总电流，则通过&的电流减小，电阻R?两端的电压减小，电压减小

量满足21TMK^一^&vAU,故B错误;

,E7E2

c.电源的输出功率为%=1R外=（4卜+，&卜=-―产0

R外+石-+2-

R外

可知当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大；由于题干不清楚外电阻与内阻的大小关

系，所以无法判断电源的输出功率的变化，故c错误：

/凡卜1

j1=__d：—xlOO%=-----xlOO%

D.电源的效率为/〃（R外+广）1+r

R外

由于外电阻增大，所以电源的效率增大，故D正确。

故选ADo

10.关于如下四幅图的说法，正确的有（）

A.甲图是野外高压输电线，三条输电线上方还有两条接地导线，起到了静电屏蔽的作用

B,乙图是直线电场加速器的结构图，若带电粒子在。号圆筒的中间从静止开始加速，则

1、2、3圆筒的长度之比为1:2:3

C.内图中，带电的平行板电容器与静电计连接，若将左板左移，静电计指针张角将变小

D.丁图是示波器的原理图，若将yy'和XX'同时加上右侧的交流信号，屏幕上将显示一条

倾斜的直线

【答案】AD

【解析】A.野外面压输电线在三条输电线的上方还有两条导线，它们与大地相连，形成

一个稀疏的金属“网''，起到静电屏蔽的作用；把高压线屏蔽起来，免遭雷击，故A正确；

B.粒子从圆板开始先做匀加速直线运动，进入圆筒1,筒内场强为0,粒子不受外力做匀

速直线运动，在圆筒1、2之间间隙再做匀加速直线运动，进入圆筒2再做匀速直线运动，

由此可知，进入〃个圆筒前，根据动能定理可得〃

根据运动学公式可得L.=匕-=]必也.

""22Vm

1、2、3圆筒的长度之比为1：&：百，故B错误；

c-q

C.根据电容器的决定式。二;不

471kd

可知若将左板左移，d增大，C变小；由于。不变，根据。=号可知，U增大，静电计张

角变大，故C错误；

D.若将yy'和XX'同时加上右侧的交流信号，则x=/sinw,y=yinsincot

可知y二正不

%

可.见屏幕上将显示一条倾斜的直线，故D正确；

故选AD<,

三、非选择题：本题共5小题，共54分。

11.某物理兴趣小组测量一电池电动势和内阻。按照图甲所示连接好电路，定值电阻心

=1.5Q,闭合开关，调节电阻箱，测得多组电阻箱接入电路的阻值R及对应的电压表的示

数U,画出的,一,图像为一条直线，如图乙所示：

UR

=Qo（结果均保留两位小数）

（2）若考虑电压表的分流作用，则该实验中电动势的测量值与真实值相比（选填

偏大”“偏小”或“不变

【答案】（1）3.330.75（2）偏小

【解析】（1）由闭合电路的欧姆定律可知U=E-g（凡十厂）

R

解得分&+「1

~EER

..mit，1cc&+r3-0.32.7

结合图像可知一=0.3,4一=------=—

EE44

解得E=3.33V,D.75Q

£“

（2）考虑到电压表的分流作用，则真实电动势&=U+（%+一）

而弓产U+g（Ro+r）

A

相比较可知，因此电动势的测量值与真实值相比偏小。

12.某同学用伏安法测绘小灯泡的伏安特性曲线，可用的器材如下:

待测小灯泡，标有“2.8V,1.4W”

电压表V（量程3V,内阻约为2KC）

电流表Ai（量程0.3A,内阻约为0.1C）

电流表A2（量程0.6A,内阻约为0.2C）

滑动变阻器Ri（限值0〜1000Q）

滑动变阻器心（阻值。〜1。。）

直流电源E（3V,内阻不计）

开关S；导线若干。

（1）电流表选择[选填“Ai”或"Az”）,滑动变阻器选择（选填“Ri”或“R”）。

（2）该同学通过实验测出多组数据，做出该灯泡的/-U图像如图甲所示，则该灯泡的电阻

随电压的增加而（选填“增大”“减小”或“不变”）。

甲

（3）请将虚线框乙内的实验电路图补充完整_______o

（4）如果把两个这样相同的小灯泡吊联后接到一电动势为5V、内阻为10Q的电源网端,

则每个小灯泡消耗的功率为W（结果保留两位有效数字）。

【答案】（1）A2R2（2）增大(3)(4)0.30

(0.27~0.33)

【解析】（1）⑴小灯泡的额定电流

P

/=—=0.5A

U

电流表Ai量程为0.3A,小于小灯泡额定电流0.5A；电流表A?量程为0.6A,大于

0.5A,所以电流表应选择A?。

⑵测绘小灯泡的伏安特性曲线，需要滑动变阻器采用分压式接法，分压式接法应选择阻值

较小的滑动变阻器，这样便于调节电压，故选以。

U

（2）根据欧姆定律/?二]

在/-U图像中，某点与原点连线的斜率的倒数表示电阻。由图甲可知，随着电压U增

大，图像上的点与原点连线的斜率逐渐减小，所以其倒数（电阻）逐渐增大，即该灯泡的

电阻随电压的增加而增大,

（4）设每个小灯泡两端的电压为U,电流为两个小灯泡串联后接到电源两端，根据闭

合电路欧姆定律E=2U+"

代入数据得5=2U+1（）/

整理得U=2.5-5/

在小灯泡的/-U图像中作出。=2.5—5/的直线，两图线的交点坐标即为小灯泡的工作

电压和电流。

则每个小灯泡消耗的功率

P=U/=0.30W

13.随着居民生活水平提高，纯净水己经进入千家万户。某市对市场上出售的纯净水质

量进行了抽测，结果发现有不少样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是

否合格的一项重要指标）不合格。某学习小组设计实验测量某种纯净水的电阻进而得出该

纯净水的电导率。在粗细均匀的圆柱形玻璃管中注满纯净水，玻璃管长为L,玻璃管两端

口用插有铜钉的橡皮塞塞住。

（2）注水前，如图1所示，用螺旋测微器测得玻璃管由径为庐mm；如图2所

示，用20分度游标卡尺测得玻璃管长度为L=cm。

（3）为了测量所取纯净水的电阻，该小组从实验室中找到如下实验卷材:

A.电流表（量程0~3mA,电阻约为5Q）

B.电压表（量程入6V,电阻约为10kC）

C.滑动变阻器（（）〜20Q,额定电流1A）

D.电源（能提供6V的恒定电压）

E.开关一只、导线若干

①根据图3中的电路图，请将图4电路连接完整一；

②图5为根据电流表和电压表的实验数据所画的U-1图像。根据U-I图像，求出该纯净水

的电阻R=C（保留2位有效数字）。

（4）计算纯净水的电导率表达式k（用符号江、R、d、L表示）,通过代入数据可以

判定此纯净水是否合格。

【解析】（1）不合格的纯净水电阻较小，电阻率较小，所以电导率偏大;

（2）[1]螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，所以

4=6+12/x0.01mm=6.^/Imm

⑵游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以

L=102+5x0.05mm=102.25mm=10.225cm

（3）[1]根据电路图进行实物连接，如图所示

⑵根据欧姆定律可得R=-=40=2.0X103Q

I2.0x10-3

（4）根据电阻定律可得

R=P=P1

1~兀（7手~cr=—

P

4/

所以。二—

nd-R

14.如图所示的电路中，电源电动势为E=10V、内阻为〃=2C，电阻N=2。、

4=6Q,电容C=30pF,求：

——11~-------

&&__

rsyc"

（I）闭合开关s,电路稔定后流过电阻用的电流；

（2）某时刻将开关s断开，此后至电路再次稳定流过R1的电荷量。

【答案】（1）1A⑵1.2xlO-,oC

【解析】（1）闭合开关S,稳定后电容器相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律得

E1°