北京市顺义区2026年中考一模物理试题（附答案）

中考一模物理试题

一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共24分，每小题2

分）

1.下列物品中，通常情况下属于导体的是（）

A.铅笔芯B.橡皮擦C.塑料尺D.玻璃杯

2.下列生活实例中，为了减小摩擦的是（)

A.汽车的轮子加防滑链B.汽车轮胎上刻有花纹

C.自行车的车轴处加润滑油D.捏紧自行车车闸

3.2024年10月30日“神舟十九号飞船”与“天和核心舱”成功对接后，携手遨游太空。下列说法正确的是

（）

A.“天和核心舱”相对于地球是静止的

B.“神舟十九号飞船”相对于地球是静止的

C.“神舟十九号飞船”相对于“天和核心舱”是静I卜的

D.“天和核心舱”相对于“神舟十九号飞船”是运动的

4.图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（）

5.关于安全用电，下列说法正确的是（）

A.电器设名起火可直接用水灭火

B.保险丝烧断后可以用铜丝代替

C.低于220V的电压对人体来说都是安全的

D.使用试电笔辨别火线和零线时，手需接触笔尾的金属体

6.下列说法正确的是（）

A.雾的形成是熔化现象B.雨的形成是汽化现象

C.雪的形成是升华现象D.霜的形成是凝华现象

7.用大小不同的力先后敲击鼓面上同一位置，关于两次鼓面发出的声音，下列说法正确的是（）

A.响度不同B.音调不同C.音色不同D.声速不同

8.如图所示，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂L阳和动力F功的变化情况是（）

A.L用不变，F动变大B.Lm不变，F动不变

C.人变大，F动变大D.Liu变大，F动不变

9.图甲为我国国家博物馆展出的青铜冰鉴，堪称世界上最早的冰箱。青铜冰鉴分为两层，外层为鉴，内

层为缶，盛夏之时，鉴内放冰，缶内放酒，如图乙所示。下列说法正确的是（）

缶内放酒鉴内放冰

甲乙

A.缶内的酒通过热传递改变内能

B.当鉴中冰的温度为（）℃时，其内能为0J

C.缶内酒的温度始终低于鉴内冰的温度

D.冰块吸热熔化成为水的过程中内能保持不变

10.某建筑工地用如图所示的升降机提升砖块，升降机包含滑轮和货箱。货箱重500N,每个滑轮重

90N,不计钢丝绳的重力和轮轴间摩擦，每块借重20N,该升降机一次最多能竖直匀速提升200块传。若

钢丝绳自由端在10s内移动12m,关于该过程，下列说法正确的是（）

一固定架

A.升降机的额外功为2000J

B.钢丝绳自由端最大功率为1836W

C.该升降机的最大机械效率为98%

D.钢丝绳自由端施加的最大拉力为1500N

11.图甲所示为数显式圆规，它可以直接显示出所画圆的半径大小。小力设计了如图乙所示的电路，模

拟该圆规的功能，将圆规的一脚与可旋转调节阻值的变阻器的滑动端P相连，闭合开关，假设电源电压

不变，圆规两脚间距离为r。当r增大时，滑片P沿逆时针方向转动，用于显示的电表示数变大；反之，

当r减小时，滑片P沿顺时针方向转动，用于显示的电表示数减小。下列说法正确的是（）

A.用于显示的电表是电压表

B.r减小时，电流表示数一定增大

C.r减小时，电路的总功率一定增大

D.r增大时，电压表示数与电流表示数的比值一定减小

12.夏季到来，很多地区会迎来降雨，小力设计了如图所示的水库自动泄洪控制装置模型。模型顶部开

有小孔，A为压力传感器，B为不吸水的圆柱体且能沿固定的光滑细杆在竖直方向移动。当模型内水深

为15cm时，B与模型底面刚好接触且压力为零。随着水上涨，B沿光滑细杆上升，当水面上涨到设计的

警戒水位时，B对A的压力为3N,开始报警并开启泄洪阀门（图中未画出）。已知圆柱体B的底面积

S=100cm2,高h=25cm,p*=1.0g/cm3,g取10N/kg,下列说法正确的是（）

A.圆柱体B的密度为1g/cnf

B.开始报警时，B浸入水中的深度为18cm

C.若将报警时B对A的压力值调整为2N,可使警戒水位比原设计低2cm

D.若用与B材料和底面积相同、高35cm的圆柱体C替换B,可使警戒水位比原设计低10cm

二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每小题

2分。每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）

13.小力身高1.6m,他站在竖直放置的平面镜前2m处，看到镜中自己的像，下列说法正确的是

（）

A.镜中的像高为2mB.镜中的像高为1.6m

C.镜中的像与他的距离为4mD.镜中的像是正立的实像

14.图所示为某车站设计图，站台设计的高一些，车辆进站时关闭发动机，车辆由于惯性驶上站台，制

动后停在站台上，出站时启动发动机加速驶离站台。下列说法正确的是（）

^1,1III

A.进站过程中车辆的机械能减小

B.进站过程中车辆的机械能不变

C.进站过程中乍辆的动能全部转化为重力势能

D.出站过程中车辆的重力势能减小，动能增大

15.图所示为某款电热水壶的简化电路图，额定电压为220V,S为感温开关，1、2是开关连接的触点，

Ri和R2为加热电阻，且阻值保持不变。已知该电热水壶加热挡的额定功率为1100W,保温挡正常工作时

的电流为。.5A,下列说法正确的是（）

A.电阻R?的阻值为440Q

B.加热挡正常工作时的电流为5A

C.加热挡和保温挡正常工作时功率之比为10：1

D.保温挡正常工作Imin,产生的热量为6.6xl03j

三、实验探究题（共28分，16、17、20题各2分，18、23题各4分，19、21、24题各3分，22

题5分）

16.实验课上小力要测量浸没在水中的物体A所受的浮力大小。他将A挂在调节好的弹簧测力计的挂钩

上，A静止时，读出弹簧测力计的示数为4.8N,然后将A浸没在水中静止（不触碰容器〕，弹簧测力计

的示数如图所示，为N,由此计算出A受到的浮力大小为No

17.小力做了如下实验。

冷水热水

（1）他将50mL酒精和50mL水充分混合后总体积变为97mL,此现象说明

（2）他在两个相同的烧杯中分别盛人质量相等的冷水和热水，同时向两烧杯中各滴人一滴相同的红

墨水后，观察到如图所示的实验现象，此现象说明了扩散的央慢与有关。

18.小力测量不规则矿石的密度，做了如卜.操作。

（1）将天平放在水平台面上，游码归零后,发现指针指示的位置如图中所示，为使横梁水平平衡,

需将平衡螺母向端移动。

（2）天平调平后，将矿石放在天平的左盘，当右盘中法码的质量和游码在标尺上的位置如图乙所示

时，横梁再次水平平衡，矿石的质量为go将矿石用细线系好放入盛有15mL水的量筒中，量

筒中水面升高到如图丙所示的位置，则矿石的体积为cn?。由此计算出该矿石的密度为

g/cm\

19.小力用蹄形磁铁等器材进行实验探究

（1）他用图所示的器材探究磁场对通电导体的作用，方框中需接入o（选填“灵敏电流计''或"电

源”）

（2）他进行了如下操作：使金属棒向右做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向左偏转，如图甲所

示；改变磁场方向，使金属棒仍然向右做切割磁感线运动，灵敏电流计指针向右偏转，如图乙所示。实

验中灵敏电流计指针偏转的方向可以反映电路中的电流方向。小力探究的问题

20.小力用一个微小压强计探究液体内部的压强与液体的密度是否有关。

（1）实验中液体内部的压强通过微小压强计反映。

（2）他进行如图甲、乙所示的实验，实验中存在的错误是

21.小力用实验室的光学器材探究凸透镜成像的规律。

（1）他将一束平行光正对凸透镜，移动光屏，当光屏上出现一个最小最亮的亮点时，凸透镜和光屏

的位置如图甲所示，该凸透镜的焦距为cm。

（2）实验时，他将凸透镜固定在光具座5（）cm刻度线处，为使像呈现在光屏中央，应将烛焰、凸透镜

和光屏二者中心调到

（3）他将蜡烛移至光具座26cm刻度线处，如图乙所示，移动光屏直至光屏上呈现清晰的像。生活中

的（选填“放大镜”、"投影仪''或“照相机”）就是利用这种成像规律工作的。

22.小力用图甲所示的电路探究通过导体的电流与导体两端电压的关系。

（1）在本实验中，滑动变阻器的作用是和保护电路；

（2）实验过程中，移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，电流表和电压表示数如图乙、丙所示，此

时电路中的电流为A,电阻R两端的电压为V；

（3）小力根据实验数据绘制出I—U图象，如图丁所示，分析图象可得出实验结

论：。

23.小力用图所示的器材及导线探究电流通过导体产生的热量与导体电阻大小是否有关。其中两个烧瓶

完全相同,瓶内装有质量和初温相同的煤油、电阻丝R尸10C和R2=5C、相同的温度计A和B“

（1）本实验的因变量是,通过来反映。

（2）画出实验电路图o

（3）画出实验数据记录表o

24.某科技小组的同学制作了一个简易浮力秤，制作步骤如下：

①剪掉空塑料瓶的瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖上系一块质帚适当的石块，然后将其倒置在水桶里，当瓶

中不放被测物体静止时，在瓶身上与水面相平的位置标记零刻度线（零刻度线以上瓶身粗细均匀），如图

甲所示；

②在瓶身上均匀标记其他刻度线，左侧标记的是长度值；

③向瓶中放置钩码（图中未画出），当钩码总质量为400g时，水面恰好与8cm刻度线相平，把400g

作为浮力秤的最大测量值，如图乙所示；

④在2cm>4cm>6cm刻度线处分别标记100g、200g和300g。

制作好的浮力秤质量刻度均匀，请你分析说明刻度均匀的原因。

四、科普阅读题（共4分）

25.阅读《太阳能光热发电》，回答下题。

太阳能光热发电

太阳能光热发电清洁、环保，与光伏发电相比具有连续、稳定输出的特点。

2018年12月30日，我国首个百兆瓦级光热电站——甘肃敦煌100兆瓦熔盐塔式光热电站并网发电

（如图甲所示熔盐塔式光热电站利用多面定日镜将太阳光反射到塔顶部的吸热器上，将熔盐加热，高

温熔盐通过热力循环系统产生蒸汽，蒸汽推动叶轮转动，从而带动发电机发电。

2024年9月20日，全球装机容量最大的熔盐线性菲涅尔光热电站——甘肃玉门10万千瓦熔盐线性菲

涅尔光热电站并网发电。玉门熔盐线性菲涅尔光热电站使用约7500吨熔盐作为吸热、储热介质，利用靠

近地面放置的多个一次反射镜，动态跟踪太阳的运动，将太阳光反射到安装在高处的二次反射镜，通过

二次反射，太阳辐射聚集到真空集热管上（如图乙所示），可将290℃的低温熔盐加热到550C,高温熔

盐通过热力循环系统产生蒸汽，蒸汽推动叶轮转动，从而带动发电机发电。相比塔式集热系统，线性菲

涅尔集热系统施工难度小，维护更方便，安全性更高。

截至2024年底，我国建成光热发电累计装机容量838.2兆瓦；在建光热发电项目34个，总装机容量

3300兆瓦；规划光热发电项目37个，总装机容量约4800兆瓦。随着装机规模的口益增天，光热发电独

有的清洁、稳定的特性将逐步显现。

2

A1

（1）线性菲涅尔集热系统与塔式集热系统相比，具有的优点是O（写出

一条即可）

（2）熔盐光热发电过程中，太阳能经过集热系统转化为熔盐的能，高温熔盐经过热力循环

系统产生蒸汽，蒸汽推动叶轮转动，叶轮的能通过发电机转化为电能。

（3）图丙所示为小力设计的塔式集热模型,模拟太阳在位置1时,入射光照射到镜而卜O点后反射

到塔顶A点，当太阳运动到位置2时，若入射光依旧照射到镜面上0点后反射到塔顶A点，则应转动平

面镜，使其侧面沿方句。（选填“MM”喊“PP”，）

五、计算题（共8分，26、27题各4分）

26.图所示的电路中，定值电阻凡为20C,电源两端电压为3V并保持不变。闭合开关S,调节滑动变

阻器/?.,使电压表示数为2V。求:

（1）凡,接入电路的阻值;

（2）凡的电功率。

27.图甲所示为我国古代的一种计时器，称为“漏刻”，其计时原理是通过受水壶中水量的均匀变化来度

量时间。图乙所示为小力同学制作的简易'漏刻”模型，该模型由播水壶、薄壁圆柱形受水能、长方体浮

舟（不吸水）、浮箭和标有刻度的标尺构成，浮箭重力忽略不计，其底部与浮舟相连。当向受水市内均匀

注水，可使浮箭和浮舟随水面匀速竖直上升，从而计时。已知受水壶高为50cm,底面积为600cm2,浮

舟质量为0.2kg,高为5cm,底面积为50cm2。初始状态下，需要向受水壶内注水使浮舟漂浮进入工作状

态，从浮舟刚漂浮到浮舟上升至上表面与受水壶上沿相平时为一个计时周期。=I.Ox|O3kg/m5,g

取10N/kg。求:

甲乙

（1）浮舟进入工作状态时受到的浮力；

（2）浮舟刚进入工作状态时，水对容器底的压强；

（3）受水壶中水的深度为24cm时，其壶内水的质量用。

答案

1.【答案】A

【解析】【解答】铅笔芯、金属、石墨、各种溶液容易导电，属于导体；橡胶（橡皮擦）、塑料（尺）、玻

璃（杯）、陶瓷等不容易导电，属于绝缘体：故A符合题意，BCD不符合题意。

故选Ao

【分析】导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体；绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、

石墨。

2.【答案】C

【解析】【解答】AB.汽车的轮子加防滑链和汽车轮胎上刻有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大

摩擦力，故AB不符合题意；

C.自行车的车轴处加润滑油，是通过改变接触面的方式来减小摩擦力，故C符合题意；

D.自行车刹车时捏紧刹车闸，是通过增大压力来增大摩擦刀，故D不符合题意。

故选C。

【分析】根据增大或减小摩擦的方法分析判断。

3.【答案】C

【解析】【解答】A.根据题意可知，“天和核心舱”相对于地球的位置是不断变化的，因此是运动的，故

A错误；

B.根据题意可知，“神舟十九号飞船”相对于地球的位置也是不断变化的，因此是运动的.故B错误；

CD.根据题意可知，“神舟十九号飞船”与“天和核心舱”成功对接后，“神舟十九号飞船”与“天和核心舱”

之间没有位置变化，因此“神舟十九号飞船”相对于“天和核心舱”是静止的，贝广天和核心舲”相对于“神舟

十九号飞船''也是静止的，故C正确，D错误。

故选C。

【分析】如果物体相对参照物的位置改变，那么它是运动的：否则，它就是静止的。

4.【答案】B

【解析】【解答】根据题意可知，雨后的彩虹是光的色散现象，原理是光的折射；水中的倒影属于平面镜

成像，是光的反射形成的；小孔成像成倒立的实像，是由于光的直线传播形成；立竿见影是由于竿挡住

了射向地面的太阳光，属于光的直线传播现象，故B符合题意，而ACD不合题意。

故选B。

【分析】光在传播过程中遇到不透明的物体后改变传播方向继续在原来介质中传播，这就是光的折射。

5.【答案】D

【解析】【解答】A.根据题意可知，直接用水灭火可能导致触电事故，故A错误；

B.铜丝的熔点高，电阻小，在电流过大时不会熔断，无法起到保护作用，故B错误；

C.人体安全电压为不高于36V的电压，故C错误；

D.使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体，故D正确。

故选D。

【分析】根据家庭电路安全用电的常识分析判断。

6.【答案】D

【释析】【解答】AB.雾和雨是水蒸气从气态变成液态发生液化现象形成的小水珠，故A、B错误；

B.雨的形成是水蒸气从气态变成液态发生液化现象形成的小水珠，故B错误；

C.雪和霜，都是水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象形成，故C错误，D正确。

故选D。

【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。

7.【答案】A

【解析】【解答】根据题意可知，用大小不同的力敲击同一鼓面，则鼓面振幅不同,即声音的响度不同。

故选A。

【分析】声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关。声音的高低叫音调，与发声体的振动频率大小

有关。

8.【答案】C

【解析】【解答】根据图片可知，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂不断变大，阻力不

变。根据杠杆平衡条件七4二厂/•、可知，动力变大，故C正确，ABD错误。

故选Co

【分析】根据杠杆的平衡条件FI分析判断。

9.【答案】A

【解析】【解答】A.根据题意可知，缶内放酒，酒温度高，存在温度差，缶内的酒放出热量、温度降

低，是通过热传递的方式改变内能的，故A正确；

B.当鉴中冰的温度为0C时，冰内的分子仍在做无规则运动，则其内能不为0J,故B错误；

C.当冰和酒达到热平衡时，二者温度相同，并非缶内酒的温度始终低于鉴内冰的温度，故c错误；

D.在吸热熔化成为水的过程中，吸收热量，则水内能增大，故D错误。

故选Ao

【分析】A.改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。

民一切物体在任何情况下都具冷内能，物体的内能不可能为零。

C.当两个物体的温度相同时，热传递终止；冰水混合物的温度为0℃。

D.晶体熔化时吸收热量，温度不变，内能增大。

10.【答案】B

【解析】【解答】A.根据图片可知，此滑轮组承担物重的绳子股数n=3,

则物体上升高度人=±二塔=4m,

n3

那么对货箱和滑轮做的额外功”.：（亿山.90\!.4ni236OJ，故A错误;

BD.根据题意可知，钢丝绳自由端的最大拉力

底一(G“♦G.♦q)=-X(200X2ON♦500N+90N)=153ON；

钢丝绳自由端移动速度=零=L2m$；

UfFsR,

则钢丝绳自由端最大功率以=7=^=宁=尸d=I53ONx|,2m,s=I836W,故B正确，故D错

误;

C.该升降机的最大机械效率为〃=9=~~警「2OOx2ON

w87.15%，故C错

2OOx2ON♦500+90

误。

故选B。

【分析】A.根据图片确定承担重力的绳子段数n,根据s二nh计算物体上升的高度，根据

M二（6♦GJ。计算升降机的额外功。

BD.钢丝绳白由端的拉力尸二1G「拉力做的总功W小Fs,则钢丝绳自由端功率一=2

ni

C.根据〃—jKI00°o计算滑轮组的机械效率。

A

11.【答案】D

【解析】【解答】根据乙图可知，定值电阻R。与滑动变阻器自联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表

测电路电流。

A.根据乙图可知当r增大，滑片P逆时针转动，滑动变阻器接入电阻变小。根据R总=Ri+Rz可知，电路

总电阻变小，由/=*可知电流变大，即电流表示数变大。根据串联电路电压与电阻成正比可知，电压

表示数变小，所以显示电表是电流表，故A错误；

BC.当「减小，滑片P顺时针转动，滑动变阻器接入由阻变大，电路总由，阻变大。由源电压不变，由

/=/可知，电路中电流变小，即电流表示数减小；由P=U1可知，电路的总功率一定减小，故BC错

误；

D.电压表和电流表示数的比值等于滑动变阻器接入的阻值，艰据r增大时变阻器的阻值减小可知，此时

二者的比值减小，故D正确。

故选D。

【分析】根据乙图确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量，然后根据欧姆定律、功率的公式对

各个选项分析判断。

12.【答案】B

【解析】【解答】A.B与模型底面刚好接触旦压力为零，说明漂浮，F浮二G；

根据阿基米德原理知，F]?=p水gSh『mg=pSh；

贝ij1.Ox103kg/m3x15cm=px25cm：

解得p=0.6x103kg/m3=0.6g/cm5；

故A错误；

B.玉力为3N,即浮力比重力大3N,根据阿基米德原理知，p水gSh%=3N+pSh；

代入数据l.Ox103kg/m3xlON/kgxl()()x10^m2xh'«=3N+0.6x103kg/m3xlOOxl()-4m2x().25m；

解得h%=18cm；

故B正确；

C.将报警时B对A的压力值调整为2N,压力减小了IN,故浮力减小IN,

根据阿基米德原理知：lN=p水gSAh；

即1N=l.Ox103kg/m3x1ON/kgx100x1O^m^Ah；

解得：△h=lcm；

故C错误；

D.若用与B材料和底面积相同、高35cm的网柱体C替换B,则3N+p水gSh%=pSH；

代入数据：3N+1.0x103kg/m3x1ON/kgx100x1(TWxh-N+OSx103kg/m5x100x1O^xOJSm；

解得：h\=0.24m=24cm；

此对警戒水位比原设计低(35cm-25cm)-(24cm-18cm)=4cm,

故D错误。

故选Bo

【分析】A.B与模型底面刚好接触且压力为零，说明漂浮，根据重力与浮力公式列方程计算物体的密

度：

B.根据压力为3N,即浮力比重力大3N,列方程计算浸入深度;

C.根据压力减小的量计算浮力减小量，根据阿基米德原理计算减小的深度；

D.根据密度相同，结合浮力比重力大3N,列方程计算浸入深度，根据C底部到库底的距离变化分析。

13.【答案】B,C

【解析】【解答】AB.小力身高1.6m,根据平面镜成像像与物体大小相等的规律可知，镜中像高也为

1.6m,故A错误，B正确。

C.根据像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，小力站在竖直放置的平面镜前2m处，那么像到

平面镜距离也是2m,则镜中的像与他的距离应为2m+2m=4m,故C正确；

D.平面镜所成的像是正立的虚像，不是实像，故D错误。

故选BCo

【分析】平面镜所成的像是虚像，像与物体的大小相等，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相

等，像与物体关于平面镜对称。

14.【答案】A,D

【解析】【解答】AB.根据题意口J知，进站过程中，车辆需要克服摩擦力做功，将机械能部分转化为内

能，则车辆的机械能减小，故A正确，B错误；

C.根据题意可知，进站过程中，车辆的动能一部分转化为内能，一部分转化为重力势能，故C错误；

D.根据题意可知，当出站时，车辆质量不变，高度减小，直力势能减小，速度增大，动能增大，故D

正确。

故选AD..

【分析】AB.注意机械能与内能的转化；

CD.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关。

15.【答案】B,C,D

【解析】【解答】A.由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接Ri；

当开关S与触点2连接时，电路中Ri和R2串联；

比较可知，前者电阻小于后者；

电源电压不变，根据〃可知总功率较小，前者功率答为加热档，后者功率小为保温档。

R

n2(*>20Vf

那么定值电阻4二｝--.,o

(j

保温档正常工作时的电流为OSA,总电阻汽—表7一44℃

电殂R：的阻值为用■%-8・440Q-44。・3%n

故A错误;

pIIOOW

B.加热档正常工作时的电流为/'-‘=三『=5A,

I

故B正确；

C.保温档正常工作时的电流为0.5A,保温档功率17k.22OV-O.5AHOW,

加热档和保温档正常工作时功率之比为1100W:110W=10：1,故C正确；

D.保温档正常工作Imin,产生的热量为0==60s=6600J,

故D正确。

故选BCDo

【分析】A.由图甲可知，当开关S与触点1连接时，只有K工作，当开关S与触点2连接时，RHR2

//Jn2

串联，根据串联电路的特点和尸-可知电热水壶加热档和保温档的电路连接；根据犬-，，可求出

Ri的阻值；根据欧姆定律求出保温档工作时电路的总电阻，根据串联电路的特点求出R2的阻值；

B.根据P=UI即可求出加热档正常工作时的电流；

C.根据P=UI即可求出保温档正常工作时功率，然后求出加热档和保温档正常工作时功率之比；

D.根据Q二W二Pl求出产生的热量。

16.【答案】3.6；1.2

【解析】【解答】根据图片可知，弹簧测力计的分度值为0.2N,则弹簧测力计的示数

F3N・O.2、x33.6、；

将A挂在调节好的弹簧测力计的挂钩上，弹簧测力计的示数为4.8N,即物体A的重力G=4.8N,

那么物体A受到的浮力-GF=4.8N-3.6\-l.2\0

【分析】根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出示数，根据题意确定A的重力，最后根据

F=G-F计算物体A受到的浮力。

".【答案】（1）分子之间存在空隙

（2）温度

【解析】【解答】（1）将50mL酒精和50mL水混合后总体积减少，此现象说明分子之间存在空隙。

（2）热水温度高，所以红墨水扩散更快，因此我猜想他将会看到的现象是红墨水在热水中扩散更快。

【分析】Q）根据分子之间存在空隙解答；

（2）分子无规则运动的快慢与温度高低有关。

（1）将50mL酒精和50mL水混合后总体积减少，说明混合时部分分子进入了对方分子之间的空隙，

体现了分子之间存在空隙。

（2）同时向盛有质量相同的冷水和热水两个烧杯中各滴入一滴大小相等的红墨水，会发生扩散现象，热

水温度高，所以扩散更快，因此我猜想他将会看到的现象是红墨水在热水中扩散更快。

18.【答案】⑴右

(2)27；10；2.7

【解析】【解答】（1）根据甲图可知，指针偏向分度盘的左侧.，即左盘重右盘轻，因此平衡螺母需向右调

节。

（2）①根据乙图可知，标尺分度值为0.2g,示数为2g,矿石质量m=20g+5g+2g=27g：

②根据内图可知，量筒分度值为1mL,示数为25mL,矿石体积V=25mL-l5mL=10mL=10。/；

③该矿石的密度为b-三二25g'em'o

V10cm

【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；

（2）①根据乙图确定游码和祛码的质量，然后相加即可；

②根据丙图确定量筒的示数，然后两个量筒示数相减即可；

③根据。二:计算矿石的密度。

（1）天平的平衡螺母调节遵循'左偏右调，右偏左调”的原则。即指针偏向哪•侧，平衡螺母就向相反

方向调节;图甲中指针偏向分度盘的左侧。因此，平衡螺母需向右调节。

（2）⑴标尺分度值为0.2g,示数为2g。矿石质量m=20g+5g+2g=27g

⑵量筒分度值为1mL,示数为25mL。矿石体积V-25mL-15mL-10mLTOcnP

27g

⑶该矿石的密度为八二:2.7g/cm

10cm'

19.【答案】（1）也源

（2）感应电流的方向与磁场方向的关系

【解析】【解答】（1）根据题意可知，探究磁场对通电导体的作用需要导体中有电流通过，且导体处于磁

场中。实验中需要给导体通电，因此方框中应接入电源。

（2）根据题意可知，灵敏电流计指针偏转方向反映电流方向，改变磁场方向后，感应屯流方向改变。

由控制变量法可知，探究的问题是：感应电流的方向与磁场方向的关系。

【分析】（1）根据实验过程确定需要的实验器材；

（2）根据题目描述的实验过程确定自变量和因变量，进而确定要探究的问题。

（1）探究磁场对通电导体的作用需要导体中有电流通过，巨导体处于磁场中。实验中需要给导体通

电，因此方框中应接入电源。灵敏电流计用于检测电路中是否产生感应电流。本实验是探究磁场对通电

导体的作用，而非电磁感应，因此不需要灵敏电流计。

（2）金属棒向右切割磁感线，灵敏电流计指针向左偏转；改变磁场方向，金属棒仍向右切割磁感线，灵

敏电流计指针向右偏转。灵敏电流计指针偏转方向反映电流方向，改变磁场方向后，感应电流方向改

变。由控制变量法可知，探究的问题是：感应电流的方向与磁场方向的关系。

20.【答案】（I）U形管两侧液面的高度差

（2）探头在两种液体中的深度不同

【解析】【解答】（1）液体压强越大，U形管两侧液面的高度差就越大，则微小压强计是通过U形管

两侧液面的高度差来反映液体内部压强大小的。

（2）根据控制变量法的要求可知，在探究液体内部的压强与液体的密度是否有关时，需控制探头的深

度、方向等其他因素相同，只改变液体的密度。而图甲、乙中，探头在水和盐水中的深度明显不同，没

有控制好深度这一变量，会影响实验结果的准确性。

【分析】（1）根据U形管压强计的工作原理解答；

（2）根据控制变量法的要求，结合图片分析解答。

（1）微小压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映液体内部压强大小的。液体压强越大，U形管

两侧液面的高度差就越大，这是运用了转换法，将不易直接测量的液体压强转换为易观察测量的液面高

度差。

（2）在探究液体内部的压强与液体的密度是否有关时，要采用控制变量法，需控制探头的深度、方向等

其他因素相同，只改变液体的密度。而图甲、乙中，探头在水和盐水中的深度明显不同，没有控制好深

度这•变量，会影响实验结果的准确性。

2L【答案】（1）10.0

（2）同一高度

（3）照相机

【解析】【解答】（1）根据甲图可知,此时光屏到凸透镜的距离为焦距之30.0cm-20.0cm=10.0cm；

（2）实验时，要调整蜡烛、凸透镜、光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，目的

是使像清晰的成在光屏的中央位置.；

（3）根据题意可知，他将蜡烛移至光具座26cm刻度线处，此时物距u=50cm-26cm=24cm>2f,成倒立、

缩小的实像，应用为照相机。

【分析】（1）焦距是从凸透镜的光心到焦点之间的距离；

（2）根据探究凸透镜成像规律的实验的注意事项解答；

（3）根据图片确定此时的物距，再与焦距比较，从而确定成像特点和应用。

（1）将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，此亮斑即为透镜的焦

点,此时光屏到凸透镜的距离为焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cmo

（2）实验时，使像清晰的成在光屏的中央位置，要调整蜡烛、凸透镜、光屏的高度，使烛焰、凸透镜、

光屏的中心大致在同一高度。

（3）他将蜡烛移至光具座26cm刻度线处，此时物距u=50cm-26cm=24cm>2f,成倒立、缩小的实像，照

相机就是利用此原理制成的。

22.【答案】（1）改变电阻R两端的电压

（2）0.3；4.5

（3）在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比

【解析】【解答】（1）在实验过程中，要调节滑动变阻器的滑片从而改变定值阻阻两端的电压，则滑动变

阻器除保护电路外，另一作用是改变电阻R两端的电压。

（2）①根据图乙可知，电流表选择0~0.6A量程，分度值为0.02A,电流表示数为0.3A,所以此时电路

中的电流为0.3A。

②由图丙可知，电压表选择075V量程，分度值为0.5V,电压表示数为4.5V,所以电阻R两端的电压

为4.5V。

（3）根据丁图可知，电流随电压变化的图像为通过坐标原点的一条直线，所以可得结论：在电阻一定

时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。

【分析】（1）根据实验过程确定滑动变阻器的用途；

（2）①根据图片确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；

②根据图片确定电压表的量程加分度值，根据指针位置读出示数。

（3）根据丁图中图像的形状分析电流随电压的变化规律。

（1）探究通过导体的电流与导体两端电压的关系时，由控制变量法可知，应控制电阻不变，改变导体两

端电压，所以滑动变阻器除保护电路外，另一作用是改变电阻R两端的电压。

（2）[1]由图甲可知，电流表串联在电路中，测量电路中的电流，由图乙可知，电流表选择（）~（）.6A量

程，分度值为0.02A,电流表示数为0.3A,所以此时电路中的电流为0.3A。

⑵由图甲可知，电压表并联在电阻R两端，测量电阻R两端的电压，由图丙可知，电压表选择075V

量程，分度值为0.5V,电压表示数为4.5V,所以电阻R两端的电压为4.5V。

（3）分析I—U图象可知，通过导体的电流随导体两端电压增大而增大，导体两端电压与通过导体的电

流的比值不变，所以可得结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。

23.【答案】（1）电流通过导体产生的热量；温度计示数的变化

(3)

日，阻丝R/Q煤油的初温tn/℃煤油的末温t/℃煤油温度的变化量△（/℃

【解析】【解答】（1）①根据实验目的“探究电流通过导体产生的热量与导体电阻大小是否有关''可知，则

本实验的自变量是导体的电阻，因变量是电流通过导体产生的热量。

②根据题意可知，温度计示数升高越多，说明导体产生的热量越多，则电流通过导体产生的热量通过温

度计示数的变化来反映，

（2）根据控制变量法的要求可知，探究电流通过导体产生的热量与导体电阻大小是否有关时，需要控制

通过电阻丝的电流相同，只改变电阻，则应将两电阻丝和变阻器串联接入电路，如图所示：

R2R1

「---------------1|--------------------

（3）根据实验要求，控制通电时间、通过电阻丝的电流大小相同，改变电阻的大小，用煤油升高的温度

的大小表示电流通过电阻丝产生热量的多少，据此设计记录数据的表格如下所示：

煤油的末温

电阻丝R/Q煤油的初温煤油温度的变化量△（/℃

t/℃

【分析】（1）根据实验目的确定自变量和因变量。

（2）将电阻丝Ri和R?串联在电路中，这样可以保证通过它们的电流相等，旦通电时间也相同，满足控

制变法的要求。

（3）在实验中，记录不同通电时间下两个温度计的示数变化，通过分析这些数据来探究电流通过导体产

生的热量与导体电阻大小的关系，据此设计实验表格。

(1)[1]探究电流通过导体产生的热量与导体电阻大小是否有关，则本实验的因变量是电流通过导体产生

的热量。

⑵电流通过导体产生的热量通过温度计示数的变化来反映，温度计示数升高越多，说明导体产生的热量

越多。

(2)为了控制通过电阻丝的电流相同，应将两电阻丝串联接入电路，如图所示：

4R、

「---------------1|--------------------[

(3)根据实验要求，控制通电时间、通过电阻丝的电流大小相同，改变电阻的大小，用煤油升高的温度

的大小表示电流通过电阻丝产生热量的多少.据此设计记录数据的表格如下所示：

煤油的末温

电阻丝R/Q煤油的初温to/℃煤油温度的变化量At/C

t/℃

24.【答案】根据题意可知，当瓶中不放被测物体静止时，浮力秤始终处于漂浮状态，

则浮力秤所受浮力的增量等于被测量物体的重力，即AF,?=G后m物g①

山河基米德原理F『p泄gV外可知，浮力秤所受浮力的增量为AF.'=p水gAV扑②

联立.①②可得：m2p水AV丹；

即mn=p水SAh；

则被测量物体的质量与浮力秤浸入水中增加的深度成正比，

所以制作好的浮力秤质量刻度均匀。

【解析】【解答】根据题意可知，当瓶中不放被测物体静止时，浮力秤始终处于漂浮状态,

则浮力秤所受浮力的增量等于被测量物体的重力，即AF*G沪m物g①

由阿基米德原理F『pagV丹可知，浮力秤所受浮力的增量为AFyp水gAVrt②

联立可得：mn=p水AV

即m『p水SAh；

则被测量物体的质量与浮力秤浸入水中增加的深度成正比，

所以制作好的浮力秤质量刻度均匀。

【分析】漂浮、悬浮时，浮力等于物体自身的重力或排开水的重力，根据F=mg=pVg和阿基米德原理F

片P液gV“得出物体的质量与瓶子浸入水的深度的关系，进行分析。

25.【答案】（1）施工难度小、维护更方便、安全性更高

（2）内；机械

（3）MM'

【解析】【解答】（1）根据资料中第二自然段中“相比塔式集热系统，线性菲涅尔集热系统施工难度小，

维护更方便，安全性更高。”可知，此具有的优点是：施工难度小、维护更方便、安全性更高。

（2）①熔盐光热发电过程中，太阳能经过集热系统转化为熔盐的内能。

②蒸汽推动叶轮转动，则叶轮的机械能通过发电机转化为电能。

（3）根据丙图可知，模拟太阳在位置1时，入射光照射到镜面上O点后反射到塔顶A点。当太阳运动

到位置2时，反射光线与入射光线的夹角减小，则反射角减小，反射光线位置不变，法线向左转动，平

面镜始终与法线垂直，平面镜需逆时针转动，其侧面应沿MM，方向。

【分析】（1）根据相比塔式集热系统，线性菲涅尔集热系统施工难度小，维护更方便，安全性更高分

析。

（2）根据熔盐吸热内能增大，发电机将机械能转化为电能；

（3）根据反射角等于入射角分析。

（1）材料中描述：“相比塔式集热系统，线性菲涅尔集热系统施工难度小，维护更方便，安全性更高。”

因此具有的优点是：施工难度小、维护更方便、安全性更高。

（2）[1]太阳能被集热系统吸收后，熔盐温度升高，内能增加。因此，太阳能转化为熔盐的