山东青岛市高三第一次适应性检测物理试题

年高三年级第一次适应性检测物理试题注意事项：．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.新一代人造太阳“中国环流三号”首次达到离子温度1.17亿度、电子温度1.6亿度。环流三号的目标反应是氘氚聚变，其反应方程为：，下列说法正确的是（）A.反应产物中的X为质子B.反应产物中的X为电子C.温度足够高，可使氘和氚的间距达到m以内，从而发生聚变D.温度足够高，可使氘和氚的间距达到m以内，从而发生聚变【答案】D【解析】【详解】AB．根据核反应电荷数守恒、质量数守恒，X的电荷数为，质量数为，可知X为中子，不是质子，故AB错误；CD．核力是短程力，作用范围仅为量级，是原子半径尺度，此时原子核间库仑斥力远大于核力，无法发生聚变，故C错误，D正确。故选D。2.2026年春晚舞台上，机器人为观众展现了精彩舞蹈动作。表演过程中，机器人屈膝下蹲，然后跳离地面。从起跳到升至最高点的过程中，不计空气阻力，下列关于机器人的加速度a、动能、重力势能、机械能E随高度h变化的图像，可能正确的是（）第1页/共23页

A.B.C.D.【答案】B【解析】A刚起跳时（）加速度不为0，图像不符合，故A错误；B．根据动能定理：起跳（未离地）阶段：合力向上做正功，动能随高度线性增加；离地上升阶段：重力向下做负功，动能随高度线性减小，最高点动能减为0，图像符合规律，故B正确；C．重力势能，始终与成正比，图像应为斜率不变的直线，C图像斜率减小，不符合，故C错误；DDD错误。故选B。3.2025年，捷龙三号遥八运载火箭在山东近海海域将吉利星座06组卫星送入约600km高度的圆轨道。已知地球半径约为6400km，地球静止轨道半径约为42000km，则卫星一天绕地球运动的圈数约为（）A.12B.15C.16D.18【答案】B【解析】【详解】卫星的轨道半径地球静止轨道半径，静止轨道周期天根据开普勒第三定律可得卫星周期第2页/共23页

则一天内卫星绕地球的圈数解得故选B。4.如图所示，内有理想气体的绝热刚性容器处于真空中，器壁上开有小孔，当孔径远小于气体分子间碰撞的平均距离时，高速分子更易从小孔逃逸，发生“泻流”现象。一段时间后，下列说法正确的是（）A.容器内气体温度降低B.容器内气体温度不变C.由于容器绝热，容器内气体内能不变D.由于气体对外做功，容器内气体内能减少【答案】A【解析】【详解】AB．由题知，高速分子更易从小孔逃逸，因此容器内剩余气体的平均速率会降低，即容器内剩余气体的平均动能会减小，故容器内气体温度降低，故A正确，B错误；C小，故C错误；D．由于绝热刚性容器处于真空中，故气体逃逸时不对外做功，故D错误。故选A。5.激光干涉仪是高精度位移测量工具，如图所示为其核心部分结构及光路图，激光源发出光束1，被分光镜分为反射光束2和透射光束3AB反射后再经分光镜汇聚为光束4B固4，在传感器记录到相邻两次极强过程中，物体位移大小为（）第3页/共23页

A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】在传感器记录到相邻两次极强过程中，设物体位移大小为，则有可得故选B。6.如图所示，边长为3.2m的正方形水池中心处有一喷泉，其喷口与水池边缘等高，可向四周斜向上45°连续喷出水流。重力加速度，不计空气阻力，要使水流恰好不喷出池外，喷口处水流的速度大小应为（）A.2m/sB.C.4m/sD.8m/s【答案】C【解析】【详解】设喷口处水流的速度大小为，则运动过程中竖直方向水平方向解得，故选C。7.某儿童公园的水平地面上放置四个相同的防撞墩A、B、C、D，用四根相同的轻弹簧连接，恰好组成一个等腰梯形防护栏，整个装置处于静止状态，俯视图如图所示。已知AB、BC、AD弹簧长度相同，均等于CD弹簧长度的一半，CD弹簧弹力大小为AB的2倍，防撞墩A受到地面的摩擦力大小为，则防撞墩C受到地面的摩擦力大小为（）第4页/共23页

A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】设弹簧的原长为，AB之间弹簧的长度为，则CD之间弹簧长度为，因为AB之间弹簧弹力大小为CD之间弹簧弹力大小的一半，所以有解得可知AB、BC、AD弹簧处于压缩状态，CD弹簧处于拉伸状态，从俯视图看，由几何关系可知，防撞墩A受到AB、AD弹簧的弹力大小均为受力情况如图所示可知防撞墩A受到的两弹簧弹力大小相等，夹角为，故防撞墩A受到地面的摩擦力大小同理可知，防撞墩C受到CD弹簧弹力大小为，BC弹簧弹力大小为，两弹力夹角为，矢量平移后构成的力的矢量三角形如图，由几何关系可知防撞墩C受到地面的摩擦力大小故选B。8.如图甲所示为某离心分离装置示意图，水平转台可在电机的带动下绕过圆心的竖直轴转动。开始时将质量为1kg的物块静置于转台上，物块到转台圆心O的距离为1m，时刻启动电机，转台由静止开始加第5页/共23页

速转动，其角速度与时间关系图像如图乙所示，物块与转台间的动摩擦因数，重力加速度，则物块能随转台一起转动（相对转台静止）的时间为（）A.B.1sC.D.【答案】C【解析】【详解】由图乙结合可知，物块随转台加速转动时的线速度大小变化情况为则物块沿切向方向的加速度大小为根据牛顿第二定律可得，物块沿切向方向的静摩擦力大小为则物块指向圆心的最大静摩擦力大小为当物块受的摩擦力为最大静摩擦力时，物块能随转台一起转动达到最大的角速度，此时根据牛顿第二定律可得解得由乙图可知，此时物块能随转台一起转动（相对转台静止）的时间为。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示为某同步加速器简化示意图，在以正六边形顶点为圆心、R为半径的六个圆形区域内，存在磁感应强度相同且大小可调的匀强磁场，初始时磁感应强度为，P、Q间有恒定加速电压。将质量为m、电荷量为的粒子从P应，下列说法正确的是（）第6页/共23页

A.圆形区域内磁场方向垂直纸面向里B.带电粒子经第一次回到P点C.带电粒子在磁场中运动的轨迹半径为RD.带电粒子第二次加速后进入磁场时，磁感应强度【答案】AD【解析】【详解】A．带电粒子从Q飞入磁场，在磁场中做逆时针圆周运动，根据左手定则可知，圆形区域内磁场方向垂直纸面向里，A正确；BC．带电粒子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示粒子做圆周运动的半径为r6，由几何关系得解得粒子在每个圆形磁场中做圆周运动的时间，所以粒子在磁场中总共运动的时间为一个周期，即P点需要的时间大于BC第7页/共23页

错误；D．由牛顿第二定律可得解得粒子第一次加速之后由动能定理可得那么粒子经过两次加速之后，由动能定理得解得由题意可得，粒子在磁场中做圆周运动的半径不变，即，所以带电粒子第二次加速后进入磁场时，磁感应强度为，D正确。故选AD。10.如图所示，a、b间接有效值为30V的正弦交流电，理想变压器匝数比，定值电阻和灯泡电阻的阻值均为，为滑动变阻器，电流表为理想电表，下列说法正确的是（）A.当阻值增大时，灯泡变暗B.当阻值增大时，灯泡变亮C.当电流表示数为5.0A时，D.当电流表示数为5.0A时，【答案】BC【解析】AB、第8页/共23页

数成正比，有由题图知，故对于灯泡支路，电流对于支路，电流。根据理想变压器电流关系代入匝数比得将电流表达式代入得整理得原线圈回路电压方程为联立上述方程得当增大，灯泡变亮。故A错误，B正确。CD．当电流表示数时，由解得此时流过灯泡的电流由解得。第9页/共23页

则。故C正确，D错误。故选BC。如图所示，甲、乙两列振幅均为A的简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，波速为3m/s。时，甲波传播到坐标原点处，乙波传播到处。下列说法正确的是（）A.处质点始终在平衡位置B.时，和处质点位移大小相同，方向相反C.后，和处质点振幅均为2AD.时，只有两个质点位移大小为2A【答案】ABC【解析】【详解】A．根据同侧法可知，0时刻，坐标原点位置质点沿y轴负方向运动，位置质点沿y轴正方向运动，将坐标原点与处的两个质点等效为波源，则这两个等效波源频率相同，振动步调相反，由于处质点到两等效波源间距差为0处质点始终在平衡位置，故A正确；B．根据图示可知，波长内波传播的距离根据图示可知，2s时甲、乙波波前振动形式分别传播到、处时，此时处质点的位移为+A、处质点的位移为A，两质点的位移大小相等，方向相反，故B正确；C．内波传播的距离为9m，根据图示可知，两波的波形均已经到达和处，由于和两位置到坐标原点与处的两等效波源间距差又由于两个等效波源频率相同，振动步调相反，可知，和两位置振动加强，则后，和处质点振幅均为2A，故C正确；D．内波传播的距离为12m2m到12m第10页/共23页

作出此时甲乙的波形图如图所示可知，4s时刻，两波形重叠区域并没有波峰与波峰（或者波谷与波谷）叠加的位置，即时，质点位移大小均小于2A，故D错误。故选ABC。12.R的绝缘光滑圆环固定在mA给小球水平向右的初速度球与圆环间作用力为零，当小球沿圆环运动到与圆心等高的B点时，与圆环间作用力也为零，重力加速度为g，则（）A.匀强电场场强大小可能为B.匀强磁场的磁感应强度大小可能为C.匀强磁场的磁感应强度大小可能为D.将小球在A点的初速度变为，其在最高点C与圆环间作用力可能为零【答案】AC【解析】【详解】ABC．小球带负电，当小球沿圆环运动到与圆心等高的B点时，设小球的速度为，小球受到的洛伦兹力方向水平向左，因小球与圆环间作用力也为零，由牛顿第二定律有第11页/共23页

解得或若，小球从A点运动到B点，由动能定理得解得因最低点小球与圆环间作用力为零，由牛顿第二定律有解得若A用力为零，由牛顿第二定律有根据动能定理，小球从A点运动到B点满足解得，，，故B错误，AC正确；D．若将小球在A点的初速度变为，其在最高点C的速度大小满足结合小球从A点运动到B点可知结合上述分析可知若，小球受到的电场力方向向上，大小为洛伦兹力为，对应的圆周运动的向心力分别为根据受力平衡，可知小球受圆环的作用力为若，小球受到的电场力方向向上，大小为第12页/共23页

对应的洛伦兹力方向向下，大小为圆周运动的向心力为根据牛顿第二定律，可知小球受圆环的作用力满足解得综上，不存在小球在最高点C与圆环间作用力为零的情况，故D错误。故选AC。三、非选择题：本题共6小题，共分。13.某小组利用图甲所示装置探究碰撞中的不变量，气垫导轨上安装两个光电门1、2，滑块a上固定竖直遮光条，滑块b实验操作步骤如下：①接通气源，将滑块a放置在导轨上，轻推一下，使其先后通过光电门1、2，比较滑块a通过两个光电门的时间；②用天平测出滑块a（包含遮光条）的质量、滑块b（包含橡皮泥）的质量；③将滑块b静置于光电门12a置于光电门1aab共速滑行，分别记录光电门1、2的遮光时间、；④改变滑块a的初速度，多次测量，获得多组、数据。请回答下面问题：（1a经过光电门1的时间比经过2________a通过两个光电门的时间大致相等；第13页/共23页

（2）现要探究滑块a、b碰撞前后系统总动量的变化情况，在坐标纸上建立直角坐标系，横轴表示，纵轴表示k实验误差允许的范围内________a、b碰撞前后总动量不变；（3）要进一步探究滑块a、b碰撞前后系统动能的损失情况，则还需测量的物理量是________。【答案】（1）降低（2）（3）遮光条宽度【解析】【小问1详解】滑块从右向左先后经过光电门1、2，经过光电门1的时间更长，说明经过光电门1时的速度小于经过光电门2时的速度，说明导轨右端较高，应降低右端使导轨调平，保证滑块匀速运动。【小问2详解】设遮光条宽度为d，碰撞前滑块的速度碰撞后、共速，速度若碰撞前后总动量不变，满足动量守恒代入速度整理得因此图线斜率【小问3详解】碰撞前后动能分别为，动能损失因此还需要测量遮光条的宽度才能计算动能损失。14.合排放标准，将采集的水样装满绝缘性能良好的塑料圆柱形容器，容器两端用金属圆片电极密封，如图甲第14页/共23页

所示。已知所有测量均在标准状况下进行，提供的仪器如下：A．电源E（电动势3V，内阻不计）B．灵敏电流计G（量程3mA，内阻约50Ω）C．滑动变阻器（最大阻值300Ω）D．滑动变阻器（最大阻值3kΩ）E．滑动变阻器（最大阻值15kΩ）F．电压表V（量程3V，内阻约5kΩ）G．多用电表H．开关、导线若干请回答下面问题：（1×100”倍率粗测样品电阻________Ω；（2________（选（3UI第15页/共23页

器内壁横截面积为10cm________（结果保留2测得的电阻率比真实值________（4）根据国家排放标准，标准状况下中水的临界电阻率为，则该工厂排出的中水________（选【答案】（1）1400（2）D（3）①.1.5②.偏大（4）不合格【解析】【小问1详解】样品电阻约为14×100Ω=1400Ω；【小问2详解】因测量电路采用限流电路，则滑动变阻器的阻值应该与待测电阻的阻值相当，故选D；【小问3详解】[1]根据图像可得根据可得[2]由于电流表分压，则电压的测量值偏大，可知电阻的测量值偏大，则电阻率的测量值偏大。【小问4详解】该工厂排出的中水电阻率小于标准值，则不合格。15.如图甲所示，长为L的光导纤维折射率为n，A、B为纤维的两个圆形端面，直径为d。（1）要使光从A传播到B过程纤维侧面不漏光，求光在A端面最大入射角的正弦值；（2LA光，求纤维长度L与直径d应满足的关系。第16页/共23页

【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】当折射光线恰好在纤维侧面发生全反射时的光路如图所示，此时光在A端面上入射角最大。由全反射定律得由几何关系得由折射定律得解得【小问2详解】设纤维轴线半径为R，从A端面内侧垂直端面入射的光在射向空气时的入射角为，如图所示，则解得第17页/共23页

16.如图所示的充气装置，通过4个单向阀的协调动作，手柄无论向左还是向右运动都可以给气垫床充气，（此时气垫床内气体体积。已知气缸的容积，不计送风管道的容积以及活塞和拉杆的体积，环境温度不变，气缸和气垫床导热良好。（1）求充气过程活塞需满程往返的次数n；（2）某人平躺在床上后，气垫床内气体压强变化了，求气体体积减少量。【答案】（1）次（2）【解析】【小问1详解】设活塞满程往返的次数为n，由玻意耳定律其中解得次【小问2详解】设人躺在气垫床上时，内部气体压强为p，体积为，则解得对气垫床内气体，由玻意耳定律气垫床内气体体积减少量解得17.如图，两平行金属导轨由倾角足够长的倾斜部分和水平部分平滑连接而成，水平部分的正方形第18页/共23页

abcd区域内存在竖直向下的匀强磁场，其磁感应强度大小随时间变化规律为沿斜面向下、大小的匀强磁场。质量，电阻的导体棒ef锁定于倾斜轨道上边缘PQ处。ef的加速度匀加速下ef始终与导轨垂直且接触良好，与导轨间动摩擦因数，其长度及导轨间距均为，。（1）求回路中感应电动势的大小；（2）求时刻拉力的大小；（3）若前1s内流过ef的电荷量，求此过程中拉力的冲量大小；（4）若随时间变化规律为，求ef所受拉力的最大值。【答案】（1）0.02V（2）0.31N（3）（4）【解析】【小问1详解】回路中感应电动势其中解得【小问2详解】时刻感应电流第19页/共23页

根据楞次定律可知，电流方向由e指向f，对ef进行分析，根据牛顿第二定律有解得【小问3详解】导体棒ef在1s末速度对ef进行分析，前1s内，根据动量定理有其中解得【小问4详解】对ef进行分析，根据牛顿第二定律有感应电流解得根据数学不等式可知，当时，即有解得18.光滑水平面上静置一质量、宽度的足够长矩形木板，俯视图如图甲所示，质量的小圆柱静置于木板中轴线上的O考虑木板旋转。第20