辽宁省重点高中2025-2026学年高二年级上册12月月考物理试题（解析版）

辽西重点高中2025〜2026学年度上学期高二12月联考

物理试题

考试时间：75分钟满分：100分

注意事项：

1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2、答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改

动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在

本试题卷上无效。

3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷（选择题共46分）

一、选择题：（本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第卜7题只有一项

符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题归要求，每小题6分，全部选对的得

6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）

1.下列说法中正确的是（）

A.把电荷定向移动的方向规定为电流的方向

B.元甩荷就是质子或电子

C.某手机的说明书标明电池容量为4000mA小，其中niA・h为电荷量单位

D.处于静电平衡状态的导体，其表面没有电荷

【答案】C

【解析】A.电流方向规定为正电荷定向移动的方向，故A错误；

B.元电荷是电荷量的最小单位，数值等「质子或电子的电荷量，但无电荷本身不是粒

子，故B错误；

C.电荷量公式为。=〃，mA-h是电流（mA）与时间（h）的乘积，属于电荷量单位，

故C正确；

D.静电平衡时，导体内部无净电荷，但电荷分布在导体表面，故D错误。

故选C。

2.如图所示是一根金属导体棒，4端到8端的横截面积逐渐减小，截面C到A、B两端的

距离相等。现在导体棒两端加大小为U的电压，下列说法正确的是（）

A.A、。间的电流大于8、。间的电流

B.A、C间的电压大于3、C间的电压

C.从A到从自由电荷的定向移动速率越来越小

D.从A到B,导体内的电场强度越来越大

【答案】D

【解析】A.AC段电阻与8c段电阻是串联关系，所以A、C间的电流等于8、C间的电

流，故A错误；

B.根据R=可知，4c段电阻小于BC段电阻，因整个导体棒中电流/相等。根捱

可知，A、。间电压小于心。间电压.故B错误：

C.从4到8电流/相等，但横截面积S逐渐减小，根据电流的微观表达式/二〃45也可

知自由电荷的定向移动速率越来越大，故C错误；

D.从A到以横截面积S逐渐减小，根据R=可知，相同长度对应的阻值越来越大，则

相同长度两端电压越来越大，根据E=号■可知，导体内的电场强度越来越大，故D正确。

故选D。

3.质量为70kg的小顾骑着某型号电动自行车在平直公蹲行驶，所受的阻力恒为人车总重

的0.02。骑行过程中只靠电动机提供动力，电动自行车的铭牌上给出的部分技术参数如下

表所示，其中额定转速是指甩动车满载情况下在平直道路上以额定功率匀速行驶时的电机

转速。由此可知（）

规格后轮驱动直流永磁型电机

26电动自行车（轮

车型额定输出功率120W

胎直径600mm）

整车质量30kg额定转速240r/min

标准载重70kg额定电压36V

续行里程大于40km额定电流4.0A

A.选配的电瓶容量应大于7.4Ah

B.本次骑行的最大速度7.5m/s

C.电动机的内阻为IQ

D.电动机在额定电压下正常工作时消耗的电功率为120W

【答案】A

【解析】AR.以额定功率匀速行驶时，所受的阻力为/=0.02（历+m）g=20N

P]20

最大速度％ax=y=—m/s=6m/s

J

S40000/rIGUL

续行里程大于40km（即S=40000m）,所需时间，=——==6666.67s=1.85h

%ax6

额定电流/=4.0A

则电瓶容量2=Zxr=4.0xl.85»7.4Ah

因续行里程大于40km,电瓶容量需大于7.4Ah,故A正确，B错误；

CD.输入电功率P,、=Ux/=36x4.0W=144W

输出功率为=120W

损失功率4=以一%=144T20=24W

由焦耳定律可得用!=/"

联立解得内限r=之C=1.5C,故CD错误;

16

故选Ao

4.如图所示电路中，闭合开关后，A、B两灯（阻值恒定）正常发光，忽然A灯比原来亮,

B灯比原来喑，假设这是因为电路中某处发生了故障造成的，那么这种故障可能是（）

B.R2短路

C.C断路D.心断路

【答案】D

【解析】A.由电路结构可知，如果电阻Ri被短路，两个灯泡都不会痉，故A错误；

B.电阻&与灯泡A是并联的，如果R2短路，则A灯泡不会亮，故B错误：

C.电阻当与灯泡B是并联的，如果以断路，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，该

部分的总电阻相当于增大，由“串反并同”可知灯泡B变亮，灯泡A变暗，故C错误；

D.电阻治与灯泡A是并联的，如果R2断路，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，该

部分的总电阻相当于增大，由“串反并同''可知灯泡A变亮，灯泡B变暗，故D正确。

故选D。

5.两条通电的直导线互相垂直，如图所示，但两导线相隔一小段距离，其中导线A〃是固定

的，另一条导线CD能自由转动或平动。它们通以图示方向的直流电流时,C。导线将（）

B.顺时针方向转动，同时靠近导线

C.逆时针方向转动，同时离开导线4B

D.顺时针方向转动，同时离开导线A3

【答案】A

【解析】根据安培定则，电流A8产生磁场在右边垂直纸面向里，在左边垂直纸面向

外，在C。左右两边各取一小电流元，根据左手定则，左边的电流元所受的安培力方向向

下，右边的电流元所受安培力方向向上，则C。导线逆时针方向转动；当。。导线转过9（）。

后，两电流为同向电流，相互吸引，所以导线C。逆时针方向转动，同时靠近导线AB,故

选Ao

6.如图所示，空间中存在范围足够大，磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里的匀强磁

场，MN为足够长的离子接收板，到MN垂直距离为力的。点有一离子源，连续不断地向平

面内各方向均匀放出质量为〃?、带电量为"的粒子，粒子速率均为丫=蟠，则（）

tn

XXXXXXX

M-----------------------------N

xxxxxx5x

XXXXXXX

XXXXXXX

XXXXX

XXX能:XX

A.接收板接收到离子的区域长度为2〃

B.能被接收的离子占总离子的4

mn

C.被接收的粒子运动最短时间为

2^8

jnn

D.被接收的粒子运动最长时间为二

qB

【答案】B

【解析】A.根据洛伦兹力提供向心力有夕的二小匕

r

解得/=〃

如图所示

接收板接收到离子的区域长度为尸。=40+42=疯子^7+厂=（、石+1）力，故人错误；

B.当粒子的运动轨迹与接收板两侧相切时，粒子恰好能被接收板接收，此时粒子在0点

的速度方向间的夹角等于180。，所以能被接收的离子占总离子的/，故B正确：

C.当粒子打到A点时运动时间最短，则被接收的粒子运动最短时间为

1^127rm_Jun

故C错误;

m,n-6~6

D.粒子在右侧轨迹与MN相切时运动时间最长，则被接收的粒子运动最长时间为

332几m_3.T//Z

故D错误。

max-4-4

故选B。

7.如图所示，水平面内固定有两根足够长的光滑平行导轨，导轨间距为/,电阻忽略不

计。质量为机、电阻为R的导体棒与质最为26、电阻为2R的导体棒PQ均垂直于导

轨静止放置，两导体棒相苑为"，整个装置处「•磁感应强度大小为8、方向竖直向下的匀

强磁场中。现让MN棒以初速度v水平向左运动，直至最终达到稳定状态，导体棒运动过

程中始终与导轨垂直且接触良好，则在此过程中下列选项错误的是（）

B.通过两导体棒的电荷量总是相等

c.MN棒上所产生的热量为"1

3

D.最终稳定时两导体棒间的距离为d+

【答案】C

【解析】AB.MN棒切割磁感线，产生感应电动势，整个回路中产生感应电流，所以两导

体棒中电流大小相同，根据

q=It

可知，通过两导体棒的电荷量总是相等。

再根据左手定则及安培力公式

F=BIl

可判断出两棒所受安培力大小相等，方向相反，根据

F

a=——

m

可知，两导体棒质量不同，所以加速度大小方向均不同，故AB正确，不符合题意;

C.经分析可知，MN棒受向后的安培力，减速，PQ棒受向前的安培力，加速，直到两个

导体棒共速，则不再产生感应电流，两棒匀速，根据动量守恒定律，有

mv=(m4-2ni)v

根据能量守恒定律，有

Q=gmv2-；(〃?+2m)\

棒MN上所产生的热量为

Q=—^—Q

R+2R

解得。二一〃病

故C错误，符合题意：

D.整个过程中通过的电荷量为

△①，BlAx

=I\t=——\t=

3R3R2

对A/N棒，根据动量定理，有

—Blit=mv—mv

最终稳定时两导体棒间的距离为

d'=d+Ar

解得

d'=d)

故D正确，不符合题意。

本题选择错误选项；

故选C。

8.临沂籍物理学家薛其坤院士荣获2023年度国家最高科学技术奖。薛院士在研究霍尔效

应的过程中发现了量子反常霍尔效应现象。如图是某金属材料做成的霍尔元件，所加磁场

方向及电流方向如图所示，则()

B百表面

「前表面GA-

A.该霍尔元件的前后两表面间存在电压，且前表面电势高

B.该霍尔元件的前后两表面间存在电压，且后表面电势低

C.该霍尔元件的上下两表面间存在电压，且上表面电势高

D.该霍尔元件的上下两表面间存在电压，且上表面电势低

【答案】AB

【解析】根据题意，由于金属材料的载流子为自由电子，由左手定则可知，自由电子向后

表面偏转，则该霍尔元件的前后两表面间存在电压，且前表面电势高。

故选ABO

9.一根粗细均匀的金属导线，两端加电压为。时，通过导线的电流强度为/,导线中自由

电子定向移动的平均速率为叭若导线均匀拉长，使其半径变为原来的两端电压仍为

U，则()

A.通过导线的电流强度为1■/

16

B.通过导线的电流强度为

4

,自由电子定向移动的平均速率为三

D.自由电子定向移动的平均速率乂1，

16

【答案】AC

【解析】AB.若导线均匀拉长，使其半径变为原来的根据S=7i产可知，横截面积变

为原来的〈，长度变为原来的4倍；根据电阻定律宠="与可知，电阻变为原来的16咯；

45

根据/=4可知，通过导线的电流强度变为士/,故A正确，B错误；

R16

CD.电流的微观表达式/=〃cuS，其中〃、e不变，电流为原来的,，横截面积变为原

16

来吗，此时自由电子定向移动的平均速率变为原来的；，即自由电子定向移动的平均速

率变为故C正确，D错误。故选AC。

4

10.如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒尸Q、MN，MN的左边

有一如图所示的闭合电路，当PQ在一外力的作用下运动时，向左运动，则PQ所做的

运动可能是（）

_________________k

f

XX

x_x

与

A.向右加速运动B.向左加速运动

C向右减速运动D.向左减速运动

【答案】AD

【解析】根据安培定则可如，乃右侧产生的磁场方向垂直纸面向里，MN在安培力作用下

向左运动，说明MN受到的安培力向左，由左手定则可知MN中电流N流向M,线圈Li

中感应电流的磁场向下，由楞次定律可知，线圈L中的磁场应该向上增强，或向下减弱，

则线圈L?中的磁场向上增强，或向下减弱，由安培定则可知尸。中感应电方向由P到。旦

增大，或PQ中感应电流方向由。到P且减小，再由右手定则可知向右加速运动或向

左减速运动。

故选ADo

第H卷非选择题

二、非选择题（本题共5小题，共54分）

11.磷酸铁锂电池具有较高的安全性和能量密度，广泛应用于我国的电动汽车。某同学利

用以下器材测量单体磷酸铁锂电池的电动势和内阻。

A.磷酸铁锂电池（电动势约为3V,内阻为几十亳欧）

B.电压表V（量程0~3V）

C.亳安表mA（量程200mA,内阻1.5Q）

D.定值电阻飞=0.3。

E.定值电阻弋=1.25C

F.滑动变阻器R（最大阻值为10Q）

G.开关、导线若干

根据提供的器材，设计电路如图甲所示。

（1）闭合开关，调节滑匆变阻器滑片，多次记录电压表的示数U、改装后电流表A的示

数/，作出图线如图乙所不，该磷限铁锂电池的电动势E=V,内阻厂=

mC。（以上结果均保留两位有效数字）

（2）利用图甲进行测量，该电池的电动势测量值（选填“偏大又偏小"或"不变'）。

【答案】（1）3.283（2）偏小

【解析】（1）⑴⑵根据闭合电路欧姆定律有石=〃+/（/•+%）

整理得U=—/（r+E）+E

由图乙可知U—/图像的截距h=E=3.2V

图像斜率的绝对值闷=〃+R?/.若%*1.333。

解得，0.083C=83mC

（2）考虑到电压表的分流作用,设电压表内阻为RL根据闭合电路欧姆定律有

Rd).ER、

整理得U=r

R\1+r+&R、+r+K

ER

所以图像的截距武岛二E瓦

故E测vE

即利用题图中进行测量，璘酸铁锂电池的电动势测量值偏小。

12.小花同学设计了如图所示的实验：矩形线圈〃〃cd,匝数为10匝，实验过程中〃边始

终在匀强磁场内，帅边始终在磁场外，〃的长度为10cm,整个线圈的质量为0.1kg,弹簧

上端固定，重力加速度取g=10m/s2,实验的主要步骤如下：

wv一

w

jw

(1)矩形线圈静止且没有通电时，用刻度尺测得轻弹簧的伸长量为0.50cm,则弹簧的劲

度系数为N/mo

(2)当给线圈通上3A的电流时，弹簧的伸长量增加了0.30cm,则从正前方看线圈的电流

方向为(填加时针”或“逆时针”)，磁感应强度的大小为__________T。

【答案】(1)200(2)逆时针2

【解析】(1)根据受力平衡可得公

解得弹簧的劲度系数为A=200N/m

(2)[1]弹簧的伸长量增加了0.30cm,可知cd边受到的安培力向下，根据左手定则可知，

电流的方向为由d到c,即为逆时针方向；

⑵根据受力平衡可得mg+BIL=k(x+^x)

解得磁感应强度的大小为B=2T

13.如图所示的电路中，定值电阻的阻值分别为«=&=6。和%=6=3。。现在M、

N两点间加U=12V的稳恒电压，求：

•—II--1~~I1I»I---1•

MR】R2%R4N

(1)M、N间总电阻；

(2)通过定值电阻&的电流与R4的电流。

2Q

【答案】(1)4.50(2)—A,—A

33

【解析】（1）分析可知，定值电阻飞、凡和,并联后再与此串联，有

1_111

423氏J4.4

解得RgnlS。

可知M、N间的总电阻R=R]23+R4=4.5C

TJQ

（2）根据欧姆定律，通过定值电阻凡的电流/=总=彳人

R3

定值电阻凡两端的电压a=尔4=8v

可知定值电阻R2两端的电压U2=U-U4=4V

rU，2人

则通过定值电阻R2的电流；2=—=TA

K,J

14.用下图所示的装置来探究离子源发射离子速度大小和方向的分布情况。x轴上方存在垂

直X。），平面向外、磁感应强度大小为3的匀强磁场。工轴下方的分析器由两块相距为d、

足够长的平行金属薄板M和N组成，其中位于x轴的M板中心有一小孔C（孔径忽略不

计），N板连接电流表后接地。位于坐标原点。的离子源能发射质量为〃八电荷量为，/的

正离子，其速度方向与y轴夹角最大值为60。；且各个方向均有速度大小连续分布在w至

2用之间的离子射出。己知速度大小为小、沿y轴正方向射出的离子经磁场偏转后恰好垂直

工轴射入孔C未能射入孔。的其它离子被分析器的接地外罩屏蔽（图中没有画出）。不计

离子的重力，不考虑离子间的碰撞和相互作用。

（1）求孔C所处位置的坐标xo：

（2）求打在x轴上的离子，在磁场中运动的最短时间力和最长时间，2；

（3）从孔C进入板间的离子具有不同的速度，若在N与M板之间加可调电压，求电流表

示数刚好为。时的电压Uo。

2mvitm5itm

【答案】⑴而n⑵荡⑶也

2q

【解析】（1）由洛伦兹力提供向心力,有Bq%=〃噂

解得心笥

孔C所处位置的坐标X。=2R=萼

Bq

（2）离子在磁场中运动周期为

.2TIR2兀〃？

%Bq

离子以与x轴正方向成30。入射，离子在磁场中运动时间最短;

最短时间

t_60°丁_兀"Z

1-36（F-两

离子以与x轴正方向成150。入射，离子在磁场中运动时间最长:

最长时间

300。丁_5兀，〃

360°—画

（3）速度大小为I，的离子进入磁场后，由洛伦兹力提供向心力，有8/=，〃/

如下图，若要能在C点进入板间，则由几何关系可得2*cos8=2R

Rp

解得cos6=-；=2

R'v

不管从何角度发射，进入两板间的离子竖直速度%=MOS。=%

2

电流表示数刚为。时，有Vv=2ad

又"耍^

md

M1V2

联立解得电流表示数刚好为0时的电压u°=一+

2夕

15.如图所示，水平面内固定一"形光滑足够长的金属框架OMNPQ,三角形区

域为边长/的等边三角形，平行区域间距也为/,在Q点处有一小缺口，使也部分与框架

其余部分绝缘。框架所在的空间内，从左至右依次分布有三个竖直向下的有界匀强磁场

I、II.III,三个磁场的磁感应强度大小均为B,II区域宽度为5/,HI区域宽度为/,I、

II区域间距忽略不计，n、in区域间距未知。现有两完全相同的金属杆〃、b,质最均为

阳，杆上单位长度的电阻均为「，杆人最初静止于磁场II的左侧，杆。在水平拉力作用下

从。点开始向右做速度大小为口的匀速直线运动，杆。经过M。后撤去外力。已知杆。通

过缺口前后速度不变，杆A出in区域时的速度大小为=,杆〃出山区域的过程中杆。在n

区域的位移大于3.5/,金属框架的电阻不计，两杆与导轨始终接触良好，且以间如果发

生碰撞为弹性碰撞，求：

（2）整个运动过程中外力所做的功；

（3）杆4和杆〃最终的速度大小，以及整个运动过程中系统所产生的热量。

【答案】⑴—（2）血）”⑶

r4r

2244

v562/273+10B/V25B/12

=-,v.=v------,Q=----------------------：-----mv

“末3〃末2皿4r818

【解析】（1）杆。向右切割磁感线产生的电动势为石=8L酎

,EBLvBv

由闭合电路欧姆定律可得流经杆a的电流大小为^=—=—=—

R总Lrr

(2)当4向右的位移为工时，切割的有效长度为L=2_xtan30。

安培力大小为七=BIL=B—2.rtan30°=

2所2yx

由于。在【区域中匀速，所以尸=心

即外力厂正比与位移》,所以整个运动过程中外力所做的功为

10+友也乌］

—」^1争=第V

(3)假设〃出in区域过程中，还。未出I区域，对公。组成的系统动量守恒

V

mv=〃?匕，+in—

03

VV

解得a=।

J

25

在此过程中，。做加速度成小的减速运动，所以此过程对〃有一u<E<：u