江苏省无锡市江阴市某校2025-2026学年高二年级上册10月月考物理试题（解析版）

2025-2026学年度秋学期10月学情调研试卷

高二物理

一、单选题（本题包括10小题，每题4分，共40分）

1.假设一次闪电流动的电荷量约为800C,持续的时间大约是0.004s,则形成的平均电流

约为（）

A.5X104AB.2X105AC.6X104AD.6X103A

【答案】B

【解析】由电流的定义式

1=工

t

可得

/=2X105A

故选B。

2.在测量金属丝的电阻率的实验中，下列操作正确的是（）

A.用刻度尺测量金属丝全长，且测量三次，算出其平均值，然后再将金属丝接入电路中

B.用螺旋测微器测金属丝测量一次直径就可以

C.用伏安法测电阻时，采用电流表内接法，多次测量后算出平均值

D.实验中应保持金属丝的温度不变

【答案】D

【解析】A.应测量出金属丝连入电路的有效长度三次，求平均值，而不是全长，A错误;

B.了减小实验误差，应用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其

平均值，B错误；

C.金属丝电阻很小，与弓压表内阻相差很大，使电压表和金属丝并联，电压表的分流作

用很小，应采用电流表外接法，c错误；

D.金属丝的电阻率随温度的改变而改变，为保持电阻率不变，应保持温度不变，D正确。

故选D。

3.一非线性元件的伏安特性曲线如图所示，则该元件两端的电压为2V时，该元件的臼阻

为（）

B.0.5。C.2QD.4c

【答案】A

【解析】由图可知，该元件两端的电压为2V时电流为2A,该元件的电阻为

U2

/C=—=-Q=lQ

/2

故选A

4.现采用如下器材测量阻值约为5c的电阻：电流表A、电压表V、滑动变阻器R、直流电

源从开关S、导线若干。旦实验中电压表读数可从零开始，下列电路设计最合理的是（）

【答案】D

【解析】实验中电压表读数可从零开始，则滑动变阻器要接成分压电路：因电阻较小，则

采用电流表外接。

故选D。

5.在炎热的夏天我们可以经常看到，有的小朋友的太阳帽前有一小风扇（如图所示），该

小风扇与一个小型的太阳能电池板相接，对其供电。经测量该电池能产生的电动势为

£=0.6V,则关于该电池的描述正确的是（）

A.通过IC电荷量该电池能把0.6J的太阳能转化为电能

B,单位时间内可把0.6J的太阳能转化为电能

C.该电池把其他形式能转化为电能的本领比一节7号电池的本领大得多

D.把该电池接入闭合电路后，电动势减小

【答案】A

【解析】AB.该电池能产生的电动势为E=—E=0.6V,根据电动势的物理意义可知，通过

q

IC电荷量该电池能杷0.6J的太阳能转化为电能,故A正确,B错误:

C.一节7号电池的电动势为1.5V,该电池把其他形式能转化为电能的本领比一节7号电

池的本领小得多，故C错误；

D.电源的电动势反映了其他形式的能量转化为电能本领的大小，可知把该电池接入闭合

电路后，电动势不变，故D错误；

故选Ao

6.内阻为10QQ、满偏电流为3mA的表头刻度盘如图所示”下列说法正确的是（）

A.此表头允许的最大电流为300mA

B.此表头允许的最大电压为3V

C.若要把它改装为大量程电压表，需并联一个大电阻

D.若要把它改装为大量程电流表，需并联一个小电阻

【答案】D

【解析】A.此表头允许的最大电流为3mA,A错误；

此表头允许的最大电压为；（）（）（）（）错误;

B.Uo,=/c/o,=.03xlV=0.3V,B

c.若要把它改装为大量程电压表，需串联一个大的分压电阻，c错误:

D.若要把它改装为大量程电流表，需并联一个小的分流电阻，D正确。

故选D。

7.微型电风扇能在课堂上给学生送来徐徐凉风，受学生的喜爱。若电风扇的电动机线圈电

阻为，，当它正常工作时，电动机两端所加的电压为U0则（）

A.通过线圈的电流小于3

r

U

B.通过线圈的电流等于一

C.电动机电功率为尸厂

D.电动机的输出功率为U/

【答案】A

【解析】AB.根据能量守恒有尸扫+P瓶

即UI=R什P出

即「rUUI

得通过线圈的电流小于5•，故A正确，B错误；

C.电动机的电功率。电=0，而尸「是电动机的内阻损耗的热功率，故c错误；

D.电动机输出的机械功率P产P电孑/，而U/是电动机的电功率尸电，故D错误。

故选Ao

8.下列关于电阻表的使用和操作正确的是（）

甲乙

A.用多用电表测量不同的电阻R时，均需要重新欧姆调零

B.电阻表欧姆调零后，用“xlOO”挡测量电阻的阻值，发现表针偏转如图甲所示，为了提高

测量精度，应换用“X10,，挡，重新欧姆调零后再测量

C.若用多用电表电阻挡测量某晶体二极管，结果如图乙所示，可知该二极管的正极为4端

D.多用电表用完后，将红黑表笔拔出即可

【答案】C

【解析】A.用多用电表测量不同的电阻R时，如果需要换挡，则需要重新欧姆调零；如

果不换挡，则不需要重新欧姆调零，故A错误；

B.欧姆表欧姆调零后，川"xl()0"挡测量电阻的阻值，发现表针偏转如图甲所示，说明电

阻读数较大，倍率挡位选小了，为了提高测量精度，应换用“xlk”挡，重新调零后再测量，

故B错误；

C.若用多用电表欧姆挡测品某晶体二极管，结果如图乙所示，由图乙可知左图中电流从8

端流入二极管，电阻较大，所测的为二极管的反向电阻；右图中电流从A端流入二极管，

电阻较小，测的是正向电阻，则该二极管的正极为4端，故C正确；

D.为保护电路与多用电表，多用电表使用完后应把开美置于OFF挡或交流电压最高挡，

故D错误。

故选C。

9.如图所示的电路中，电源电动势为E,内电阻为广，开关S闭合后，电灯Li、L?均能发

光，现将滑动变阻器R的滑片尸梢向上移动，下列说法正确的是()

A.电灯Li、L2均变亮

B.电灯Li变喑，L?变亮

C.电流表的示数变小

D.电流表的示数不变

【答案】B

【解析】AB.现将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值变

小，电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，十路电流/增大，所以电灯L2变亮,

路端电压减小，所以Li与滑动变阻器并联电压减小，所以L变暗，故A错误，B正确；

CD.干路电流/增大，L与滑动变阻器并联电压减小，所以通过Li的电流减小，所以电

流表的示数增大，故CD错误。

故选B。

10.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。如图所示，图线a是该电池在某

光照强度下路端电压U随电流/变化的关系图线（电池电动势不变，内阻不是定值），图

线b是某定值电阻R的U-/图线。在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列说法正

确的是（）

A.硅光电池的内阻为8。

B.硅光电池的总功率为0.36W

C.硅光电池的内阻发热的功率为0.4W

D.若将R换成阻值更大的电阻，硅光电池的输出功率增大

【答案】A

【解析】A.由闭合电路欧姆定律得

U=E-Ir

当/=0时，E=U,由。图线与纵轴的交点读出电池的电动势为E=3.6V,根据两图线

交点处的状态可知，将它们组成闭合同路时路端电压为U=2V,电流为/=0.2A,则硅

光电池的内阻为

r=E-£=16-2Q=8Q

I0.2

故A正确;

B.硅光电池的总功率

=EI=3.6x0.2W=0.72W

故B错误：

C.电池的内阻发热的功率为

产足=0.22x8W=0.32W

故c错误；

D.若将R换成阻值更大的电阻，电路中电阻两端的电压变大，但电流变小，硅光电池的

输出功率不一定增大，故D错误。

故选Ao

二、实验题（本题包含2大题，每空3分，共18分）

11.某同学在测定某种合金丝的电阻率时：

（1）用螺旋测微器测得其直径为mm（如图甲所示）；

——^25

III-

pn—20

0二

一

甲

（2）用20分度的游标卡尺测其长度为cm（如图乙所示）；

5cm678

05101520

乙

（3）用图丙所示的电路测得的电阻值将比真实值（填“偏大”或“偏小”）。

丙

【答案】0.3.203##3.204##3.205②.5.015③.偏小

【解析】（1）口]螺旋测微器的精确值为0.01mm,由图甲可知直径为

3mm+20.4x0.01mm=3.204mm

（2）[2]20分度游标卡尺的精确值为0.05mm,由图乙可知长度为

50mm+3x0.05mm=50.15mm=5.015cm

（3）[3]根据欧姆定律可得

R=5

由于电流表采用外接法，误差来源于电压表分流，导致电流表测量结果偏大，电阻测量

值将比真实值偏小。

12.某研究性学习小组用如图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻。电池的内阻

较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用•个定值电阻Ro起保护作用。

（1）按正确的器材连接好实验电路后，接通开关，改变滑动变阻器的阻值R，读出对应的

电流表的示数/和电压表的示数U,并作记录。某同学记录的实验数据，根据这些数据在

图中画出了U-/图线。根据图线得到被测电池的电动势E=V,内电阻

尸Q（结果保留三位有效数字）。

（2）引起该实验误差的主要原因是o

A.由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流大

B.由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比电源实际输出的电压大

C.由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小

D.由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比电源实际输出的电压小

【答案】（1）1.451.37（2）C

【解析】（1）UU2］根据闭合电路欧姆定律，有

U=E-lr

图线与纵轴的交点表示电动势，即

E=1.45V

图线的斜率表示内阻，即

1.45—0.80八「re

r=----------------Q=1.37Q

0.474

（2）［3］引起该实验误差的主要原因是由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源

实际输出的电流小。

三、计算题（本题包含4大题，共42分）

13.如图所示的电路中，电源两端的电压U恒为5V,定值电阻修=6Q,&=1。，弋=2

Q,电容器的电容C=80pF。求：

（1）闭合开关S,电路稳定后电容器所带电荷量；

（2）先闭合开关S,电路稳定后断开，则通过电阻Ri的电荷最。

【答案】（1）2.4X10'4C；（2）6X10-5C

【解析】（1）由电路图可得并联电路电阻为

^X^=6X2=15Q

''R]+&6+2

根据闭合电路欧姆定律可得

1=—--=2A

、

R一+ZRljt

电容器极板间电压为

%=〃?井=3V

电路稳定后电容器所带电荷量为

Q=CU井=2.4xl（）YC

（2）电路稳定后断开，电容器放电

则通过电阻凡电荷量为

2=含0=6x1。"

14.如图所示，若电源的电动势为E=3V,内阻尸0.1Q,限流电阻Ro=4.9C,闭合开关后，

因蹄形磁铁两极间有磁场，又由于粘滞阻力，最终液体瘠匀速转动，此时理想电压表的示

数为1.5V,若已知玻璃皿中两电极间导电液体的等效电阻为R=1C,求：

(1)流过液体中电流的大小；

(2)液体匀速转动的机械功率。

【答案】(1)0.3A(2)0.36W

【解析】⑴根据闭合电珞欧姆定律有石=〃+/(9+r)

解得流过液体中电流/=0.3A

(2)液体的电热功率&=/2R=0.09W

玻璃皿消耗的总功率为P=/U=0.45W

所以液体匀速转动的机械功率勺几=P-&=0.36W

15.如图所示是有两个量程的电流表，已知表头的内阻为90Q,满偏电流是10mA,

R=1Q.当使用A、C两个端点时，量程为0~0.1A,求：

----------------------

八g

----1I------1I----

凡危

%&B

(1)Q的阻值；

(2)使用A、4两个端点时的量程。

【答案】(1)R2=9C(2)IA

【解析】(1)接AC时为0.1A量程，则一/J(飞+&)

解得&=9Q

（2）接AB时（（R*+R?）=―/QK

解得/2=IA

16.如图甲所示，直线4为电源的。一/图线，曲线B为小灯泡力的。一/图线的一部

分，用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时灯泡L恰能正常发光，求：