安徽省省十联考2026届高三最后一卷物理+答案

尙十救有2026届高三最后一卷●物理1.A由图可知,两光遏止电压相同,频率相同,饱和电流不同,光强不同,A正确.2.C因钉子光滑,故钉子两边轻绳的拉力大小相等,A丶B错误;轻绳对钉子的作用力方向竖直向下,大小等于黑板的重力,C正确丶D错误.3.A变压器为非理想变压器,则,因此得到U2<10V,A正确;变压器不改变交流电频率,因此副线圈中交流电的频率为50Hz,C丶D错误.4.C波的传播方向无法确定,A丶B错误;由图可知m,解得λ=6m,波动周期T=0.42,则波的传播速度大小m/2,C正确,D错误.5.D设小球从P点无碰撞进入圆弧轨道时速度方向与水平夹角为θ,设小球从0点水平抛出到P点的位移0P与水平方向的夹角为α,则tanθ=2tanα,则位移方向与水平夹角等于α的只有从D点抛出的小球,D正确.6.B由题意,椭圆的长轴长为x,根据开普勒第二定律可知,飞船从A到C运动的时间也为t,飞船沿椭圆轨道运动的周期T=4t,若飞船绕月球做圆周运动时轨道半径为r,周期为T,,根据开普勒第三定律有 ,设月球质量为M,根据向心力公怯有Gmr,解得M,B正确.7.D物块相对木板向左运动的加速度大小a1=μg=5m/22,方向向右,因此物块向左运动的最大距离为x1= m,A错误;木板运动的加速度大小为am/22,方向也向右,因此物块与木板运动的加速度一直相同,B错误;当物块与木板速度大小相等时,物块和木板的速度大小均为2.5m/2,则物块运动的位移大小为m,木板运动的位移大小为m,51:52=3:1,C错误;由于物块与木板的加速度相同,开始的速度差为5m/2,此后速度差始终保持为5m/2,因此物块始终与木板相对滑动,D正确.8.CB点在A丶C连线的垂直平分线上,由于B点的点电荷释放时加速度与AC平行,因此B点场强与AC平行,由此判断A丶C一定带等量您种电荷,A错误;B点电势为零,无穷远处电势为零,因此将B点点电荷移到无穷远处,电势能变化量为零,电场力做功为零,D错误;设直角边长为L,则AC长为12L,由于C点场强与第【高三物理参考答案第页(共4页)】第页(共第页(共4页)】AC垂直,则有k=kco245o,解得q1:q2=12:1,B错误;对B点点电荷研究有1ma1,对C点点电荷研究有ma2,解得a1:a2=2:1,C正确.9.BCa是反射光,是复色光,因此只有两种单色光b和c,A错误;玻璃砖对单色光b的折射程度大,B正确;设光入射角为i,折射角为r,玻璃砖厚度为d,则光在玻璃砖中传播的时间t若两种光的传播时间相等,则有2in2rb=2in2rc,此时2rb+2rc=π,即rb+rc,由此可见,当单色光b丶c的折射角之和为90o时传播时间相等,C正确;若增大入射光P的入射角,根据对称性和光路可逆可知,a丶b丶c三束光中仍然平行,D错误.10.ACD线框进入磁场"的过程中,通过线框截面的电量qA正确;若线框进磁场Ⅰ过程如果做减速运动,则线框ab边刚进磁场"时一定做减速运动,B错误;设线框ab边刚进磁场"时线框的速度为,则有mg2in解得,线框从静止释放到ab边刚进磁场"的过程中,根据动量定理,解得tC正确;设线框ab边刚出磁场时线框的速度为Ψ2,则有mg2in解得,设水平线MN与PQ间的距离为5,从线框ab边刚进磁场"到ab边刚出磁场"过程应用动能定理有mg52inθ__mgL2inmΨ12,解得D正确.11.(1)2.6(2)静止每空2分)解析:(1)遮光条宽度d=2mm+0.1mmx6=2.6mm;(2)将滑块轻放在气垫导轨的不同位置,如果滑块均能静止,则说明气垫导轨水平;(3)根据机械能守恒有mgL=(m+M)2,变形得L,根据题意有k,解得12.(1)x100(1分)负(1分)3200(1分)(2)V1(2分)左(1分)分)(3)不可行(2分)解析:(1)由于电压表内阻约3000Ω,因此选择开关拨到欧姆挡x100,红表笔与电压表的负接线柱连接,测得的电阻为Rv=3200Ω;(2)图中电压表V1是待测电压表,闭合开关前,滑动变阻器的滑片移到最左端,使输出电压为零,根据串联电路的分压原理有,解得R;第页(共第页(共4页)】(3)由于电路中的最大电流ⅠmA=1mA,远小于电流表的量程,因此测量误差很大,测量电路不可行.13.解:(1)设气缸和活塞的总质量为M,开始时绳的拉力为F,对整体研究,根据平衡条件有3mg+F=Mg(1分)当绳的拉力为零时有4mg=Mg(1分)解得F=mg(1分)对活塞研究,开始时,根据平衡条件有0s+mg=φ1s+F(1分)解得(1分)(2)当轻绳的拉力为零时,设缸内气体的压强为φ2,对活塞研究,根据平衡条件有0s+mg=φ2s(1分)解得(1分)气体发生等容变化,则有(1分)解得T(2分)14.解:(1)设物块与木板BC部分的动摩擦因数为μ,根据动能定理有mgR_μmgx2R=0(1分)解得μ=0.5(1分)(2)设物块运动到D点时速度大小为VD,根据机械能守恒有解得VD=1gR(1分)在D点,根据牛顿第二定律有解得Fmg(1分)根据牛顿第三定律,物块对圆弧面的压力大小F,=Fmg(1分)对长木板研究,根据平衡条件,地面对板的摩擦力大小f=F,2in60omg(1分)第4第4页(共4页)】(3)假设水平面光滑物块不会滑离长木板,根据动量守恒最后共同速度为o,设物块在BC部分相对长木板滑行的距离为x,根据能量守恒有mgR=μmgx(1分)解得x=2R(1分)假设成立,即物块最后刚好滑到C点,设长木板移动的距离为x1,物块沿水平方向的位移大小为x2,则有x1+x2=3R(1分) 根据水平方向动量守恒有3mv1=mv2(1分)两边同乘时间t得到3mx1=mx2(1分)解得xR(1分)15.解:(1)设匀强磁场的磁感应强度大小为B,设以大小为vo的速度射入磁场Ⅰ的粒子在磁场中做圆周运动的半径为r1,根据几何关系有r1+r1co237o=L(1分)解得rL(1分)根据牛顿第二定律有qvoB=m(1分)解得B(2分)(2)设刚好能到达磁场"右边界的粒子在磁场中做圆周运动的半径为r2,粒子出磁场Ⅰ时速度方向与b线夹角和进入磁场"时速度方向与c线夹角相等,将粒子在磁场Ⅰ、"中的运动轨迹拼接起来,根据几何关系有o=2L(1分)解得rL(1分)根据牛顿第二定律有qv1B=m(1分)解得v1=2vo(2分)(3)设所加匀强电场的电场强度大小为E,设粒子到达磁场Ⅲ右边界f时的速度大小为v2