2025年-2026学年下学期北京高二化学期末模拟试卷（一）

第1页（共1页）2025年-2026学年下学期北京高二化学期末模拟试卷（一）一．选择题（共15小题）1．（2026•东城区二模）天然气的主要成分是甲烷，通常还含有少量乙烷、丙烷、正丁烷等。正丁烷的空间结构有不同取向，其中两种如图所示。下列说法正确的是（）A．甲与乙互为顺反异构体 B．所有的烷烃分子都存在sp3﹣sp3σ键 C．甲烷、乙烷、丙烷、正丁烷的沸点依次升高是由于C﹣H键和C﹣C键数目增多，能量增大 D．长链烷烃中单键可绕键轴旋转，使分子链呈卷曲状态2．（2026春•西城区校级期中）下列有机物中，核磁共振氢谱中有4组峰的是（）A． B． C．（CH3）2CH（CH2）2CH3 D．3．（2026春•海淀区校级期中）下列事实不能用有机物分子内基团间的相互影响解释的是（）A．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而甲烷不能 B．苯酚能与NaOH溶液反应而乙醇不能 C．乙醇能发生消去反应，甲醇不能发生消去反应 D．乙醇与Na反应的速率比水与Na反应的速率小4．（2026春•西城区校级期中）有机物分子中基团间的相互影响会导致其化学性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（）A．乙酸的酸性比甲酸的酸性弱 B．乙烯能发生加成反应而乙烷不能 C．苯在50～60℃时发生硝化反应，而甲苯在30℃时即可发生 D．甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，而苯和甲烷不能5．（2026•东城区二模）以下说法不正确的是（）A．天然纤维、天然橡胶等天然高分子材料均可水解 B．蔗糖和麦芽糖的水解产物不同 C．核苷酸水解最终生成戊糖、碱基和磷酸 D．可利用油脂在碱性溶液中水解的产物制肥皂6．（2026•东城区一模）淀粉和纤维素水解的最终产物均为葡萄糖。在葡萄糖水溶液中，存在链状和环状结构之间的平衡，示意图如图。下列说法不正确的是（）A．淀粉和纤维素均为天然有机高分子 B．链状结构分子中有4个手性碳原子 C．链状结构通过加成反应得到环状结构 D．环状结构1和环状结构2互为构造异构体7．（2026•通州区一模）以下文字取材于《红楼梦》第三十八回，描写贾府众人吃蟹的场景。下列说法不合理的是（）凤姐儿吩咐：“螃蟹不可多拿来，仍旧放在蒸笼里，拿十个来，吃了再拿。”一面又要水洗了手，站在贾母跟前剥蟹肉，头次让薛姨妈。薛姨妈道：“我自己掰着吃香甜，不用人让。”凤姐儿便奉与贾母。二次的便与宝玉，又说：“把酒烫的滚热的拿来。”又命小丫头们去取桂花蕊熏的绿豆面来，预备洗手。A．蒸熟后，螃蟹肉中的蛋白质发生变性 B．烫酒的主要目的不是为了蒸馏出乙醇 C．桂花蕊中有香气的物质易形成共价晶体 D．绿豆面中有可以做表面活性剂的物质8．（2025秋•朝阳区期末）尼龙66具有较强的耐磨性和较高的强度，可由己二酰氯和己二胺通过界面聚合反应（将两种单体分别溶于互不相溶的溶剂中，使其在两种溶剂的界面附近发生聚合反应）制得。下列说法不正确的是（）A．己二酰氯溶于四氯化碳，己二胺溶于水 B．加入NaOH可增大尼龙66的聚合度，原因是NaOH可吸收HCl C．尼龙66具有较高的强度，与高分子链之间存在氢键有关 D．尼龙66可在一定条件下水解，得到己二酰氯和己二胺9．（2025秋•海淀区期末）我国科研团队开发了一种如图所示的聚合物合成及转化的路线。下列说法不正确的是（）A．M→P1过程中，发生了加聚反应 B．P1→P2反应中，理论上生成的P2与消耗的的物质的量相等 C．P2与丁二酸发生酯化反应可进一步交联形成网状结构 D．应用上述合成原理，理论上可制得聚合物10．（2025•朝阳区一模）塑料的循环利用有利于环境保护。研究人员利用小分子单体Y合成聚合物P，该聚合物在一定条件下能解聚为原来的小分子单体Y，如图所示。下列说法不正确的是（）A．Y→P的反应是加聚反应 B．聚合物P存在顺式异构体 C．P解聚为Y时，P中的碳碳双键未发生断裂 D．Y利用碳碳双键的加成反应可以形成环状结构11．（2025春•大兴区期末）下列说法不正确的是（）A．用NaHCO3溶液可以鉴别和 B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯 C．用新制的Cu（OH）2可以鉴别乙酸与乙醛 D．某有机化合物的相对分子质量为60、能与钠反应，该有机化合物一定为乙酸12．（2025春•海淀区校级期中）对乙酰氨基酚又称为扑热息痛，具有很强的解热镇痛作用，其合成路线如图：下列说法不正确的是（）A．反应①与反应③的目的是保护酚羟基避免在反应②中被氧化 B．反应②用稀HNO3作为硝化试剂，体现了—OCH3对苯环的活化 C．中间产物D既能与HCl反应，又能与NaOH反应 D．芳香族化合物X含硝基且为扑热息痛的同分异构体，其可能结构共有13种13．（2026春•北京校级期中）一种重要的药物中间体其结构如图所示，下列说法正确的是（）A．该分子中含有5种官能团 B．该分子中所有原子可能共平面 C．该分子中的碳原子的杂化方式有3种 D．1mol该分子最多与4molH2发生反应14．（2026春•海淀区校级期中）阿魏酸是传统中药当归、川芎的有效成分之一，其结构简式如图所示。下列有关阿魏酸的说法中正确的是（）A．阿魏酸分子中含有手性碳原子 B．向阿魏酸中滴加FeCl3溶液无明显变化 C．1mol阿魏酸最多可与2molBr2反应 D．1mol阿魏酸最多可与2molNaHCO3反应15．（2026春•海淀区校级期中）内酯Y可以由X通过电解合成，并可在一定条件下转化为Z，转化路线如图：下列说法不正确的是（）A．X→Y的反应在电解池阳极发生 B．Y与H2发生加成反应，消耗7molH2 C．Z与溴水发生反应，消耗2molBr2 D．等物质的量的X、Y、Z与足量NaOH溶液反应，消耗的n（NaOH）之比为1：2：2二．解答题（共3小题）16．（2025春•海淀区校级月考）已知：苯和卤代烃在催化剂作用下可生成烷基苯和卤化氢，例如：根据以下转化关系（生成物中所有无机物均已略去），其中F俗称PS，是一种高分子化合物，在建筑方面是一种良好的隔音、保温材料，回答下列问题：（1）D的分子式为；G的结构简式为。（2）在①～⑥反应中，属于取代反应的是（填序号）。（3）写出B生成乙烯的化学方程式：。（4）写出④的化学方程式：。（5）写出⑥的化学方程式。（6）反应⑥的产物H的催化氧化化学方程式，产物H的同分异构体中，属于芳香族化合物，且与钠反应但不能与FeCl3发生显色反应的有种。17．（2025春•海淀区校级月考）洛索洛芬钠H可用于治疗类风湿性关节炎、肩周炎等，其合成路线如图。已知：（1）X的结构简式是。（2）D中含有的官能团是。（3）D与Y反应还会生成少量E′，E′与E互为同分异构体。①Y的结构简式是。②E′的结构简式是。③E′少于E的原因是：相对于生成E，生成E′时断裂的C—H键的极性（填“强”或“弱”）。（4）E经历两步转化为G。F分子内存在由氢键形成的六元环，F的结构简式是。（5）将G和NaOH溶液混合加热后生成H，再加入乙醇后有大量白色固体H析出。反应的化学方程式是。18．（2025•西城区校级三模）罗沙司他可用于治疗由慢性肾病引发的贫血，其中一种合成路线如图。已知：ⅰ．ⅱ．﹣Ts表示某易离去的基团ⅲ．（1）A含有的官能团为。（2）B→D的化学方程式为。（3）D→E的反应类型为。（4）G的结构简式为。（5）K经多步可得到N，写出L与M的结构简式。L：；M：。（6）试剂b分子式为C2H5NO2。N→P的转化过程中，还会发生多个副反应。写出其中一个副反应产物的结构简式：（核磁共振氢谱有2组峰，且峰面积之比为2：1）。三．推断题（共1小题）19．（2026春•海淀区校级期中）以维生素C（物质A）作为原料合成艾滋病治疗药物地瑞那韦中间体H的路线如图。（1）A中含氧官能团有（填名称）。（2）B→C中加入NaClO时，控制条件降低NaClO氧化性的原因是。（3）D无顺反异构体，D的结构简式为。（4）D→E的反应类型是。（5）E→F经历多步反应，具体历程如图。①E→I中，HCl的作用是水解开环，脱去对（填官能团名称）的保护，便于后续反应。②Ⅰ和J的分子式相同，J含有两个酯基，其结构简式为。（6）G→H经历两步反应。资料：R1COOR2→NaBH4R1CH2①H中的手性碳原子个数为。②K→H过程中，在生成甲醇时还会得到少量聚合物，该聚合物中五元环和醚键的个数比为。

2025年-2026学年下学期北京高二化学期末·解答一．选择题（共15小题）1．（2026•东城区二模）天然气的主要成分是甲烷，通常还含有少量乙烷、丙烷、正丁烷等。正丁烷的空间结构有不同取向，其中两种如图所示。下列说法正确的是（）A．甲与乙互为顺反异构体 B．所有的烷烃分子都存在sp3﹣sp3σ键 C．甲烷、乙烷、丙烷、正丁烷的沸点依次升高是由于C﹣H键和C﹣C键数目增多，能量增大 D．长链烷烃中单键可绕键轴旋转，使分子链呈卷曲状态【答案】D【分析】A．根据顺反异构体的定义（需存在双键或环状结构限制旋转），进行分析；B．根据甲烷的结构（仅含C﹣H键，无C﹣C键），不存在sp3﹣sp3σ键，进行分析；C．根据烷烃沸点变化规律（分子量增大导致范德华力增强），与键数目或能量无直接关系，进行分析；D．根据长链烷烃中C﹣C单键的旋转特性，导致分子链呈现卷曲状态，进行分析。【解答】解：A．甲与乙为正丁烷的不同构象（因C﹣C单键旋转产生），并非顺反异构体（需双键或环状结构），故A错误；B．甲烷分子仅含C﹣H键（sp3﹣sσ键），无C﹣C键，因此不存在sp3﹣sp3σ键，故B错误；C．烷烃沸点随碳原子数增加而升高，是因分子量增大导致范德华力增强，与C﹣H、C﹣C键数目或能量无关，故C错误；D．长链烷烃中C﹣C单键可绕键轴旋转，使分子链呈现锯齿状或卷曲构象（如图中甲、乙所示），故D正确；故选：D。【点评】本题主要考查烷烃的结构与性质，包括构象异构、化学键类型、沸点变化规律及分子链构象。解题关键在于明确顺反异构与构象异构的区别，理解烷烃沸点变化的本质（范德华力），并掌握C﹣C单键旋转对分子链形态的影响。2．（2026春•西城区校级期中）下列有机物中，核磁共振氢谱中有4组峰的是（）A． B． C．（CH3）2CH（CH2）2CH3 D．【答案】B【分析】A．结构对称，苯环上有1种等效氢原子，甲基上有1种等效氢原子；B．结构对称，共有4种不同化学环境的等效氢原子；C．有机物（CH3）2CH（CH2）2CH3的结构中，等效氢原子数目为5种；D．中等效氢原子数目为5种。【解答】解：A．该有机物结构对称，苯环上有1种等效氢原子，甲基上有1种等效氢原子，共2种等效氢原子，核磁共振氢谱有2组峰，故A错误；B．该有机物结构对称，共有4种不同化学环境的等效氢原子，核磁共振氢谱有4组峰，故B正确；C．有机物（CH3）2CH（CH2）2CH3的结构中，等效氢原子数目为5种，核磁共振氢谱有5组峰，故C错误；D．该有机物中等效氢原子数目为5种，核磁共振氢谱有5组峰，故D错误；故选：B。【点评】本题主要考查常见有机化合物的结构等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。3．（2026春•海淀区校级期中）下列事实不能用有机物分子内基团间的相互影响解释的是（）A．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而甲烷不能 B．苯酚能与NaOH溶液反应而乙醇不能 C．乙醇能发生消去反应，甲醇不能发生消去反应 D．乙醇与Na反应的速率比水与Na反应的速率小【答案】C【分析】A．甲苯中苯环对甲基存在活化作用，使甲基易被酸性高锰酸钾溶液氧化，甲烷中无该基团间影响，可用分子内基团间相互影响解释；B．苯酚中苯环对羟基存在影响，使羟基氢的活性强于乙醇中的羟基氢，可与NaOH溶液反应，可用分子内基团间相互影响解释；C．乙醇能发生消去反应是因为与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子，甲醇不存在邻位碳原子，不满足消去反应的结构要求，与分子内基团间相互影响无关；D．乙醇中乙基的推电子效应降低了羟基氢的活性，因此与Na反应的速率比水慢，可用分子内基团间相互影响解释。【解答】解：A．甲苯中苯环对甲基存在活化作用，使甲基易被酸性高锰酸钾溶液氧化，甲烷中无该基团间影响，可用分子内基团间相互影响解释，故A错误；B．苯酚中苯环对羟基存在影响，使羟基氢的活性强于乙醇中的羟基氢，可与NaOH溶液反应，可用分子内基团间相互影响解释，故B错误；C．乙醇能发生消去反应是因为与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子，甲醇不存在邻位碳原子，不满足消去反应的结构要求，与分子内基团间相互影响无关，故C正确；D．乙醇中乙基的推电子效应降低了羟基氢的活性，因此与Na反应的速率比水慢，可用分子内基团间相互影响解释，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物性质差异的本质原因，辨析基团间相互影响与官能团结构/反应条件差异对化学性质的不同影响。4．（2026春•西城区校级期中）有机物分子中基团间的相互影响会导致其化学性质产生差异。下列事实不能说明上述观点的是（）A．乙酸的酸性比甲酸的酸性弱 B．乙烯能发生加成反应而乙烷不能 C．苯在50～60℃时发生硝化反应，而甲苯在30℃时即可发生 D．甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，而苯和甲烷不能【答案】B【分析】A．甲酸的羧基连接氢原子，乙酸的羧基连接甲基，甲基的推电子效应降低了羧基中O﹣H键的极性，使乙酸更难电离出H+；B．乙烯含有碳碳双键可发生加成反应的官能团，乙烷是饱和烃不含不饱和键；C．甲苯的硝化反应温度低于苯，说明甲基活化了苯环，使苯环上的氢更易被取代；D．甲苯中甲基连接在苯环上能被酸性KMnO4氧化，而甲烷中甲基连接氢原子、苯不含甲基都不能被氧化。【解答】解：A．甲酸的羧基连接氢原子，乙酸的羧基连接甲基，甲基的推电子效应降低了羧基中O﹣H键的极性，使乙酸更难电离出氢离子，酸性弱于甲酸，属于基团间的相互影响，故A正确；B．乙烷是饱和烃不含不饱和键，乙烯含有碳碳双键可发生加成反应的官能团，二者性质差异是官能团种类不同导致的，不是基团间相互影响，故B错误；C．甲苯的硝化反应温度低于苯，说明甲基活化了苯环，使苯环上的氢更易被取代，属于基团间的相互影响，故C正确；D．甲苯中甲基连接在苯环上能被酸性高锰酸钾氧化，而甲烷中甲基连接氢原子、苯不含甲基都不能被氧化，说明苯环活化了甲基，属于基团间的相互影响，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机分子中基团之间的关系等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。5．（2026•东城区二模）以下说法不正确的是（）A．天然纤维、天然橡胶等天然高分子材料均可水解 B．蔗糖和麦芽糖的水解产物不同 C．核苷酸水解最终生成戊糖、碱基和磷酸 D．可利用油脂在碱性溶液中水解的产物制肥皂【答案】A【分析】A．根据天然橡胶的主要成分是聚异戊二烯，属于碳链高分子，通常情况下不能发生水解反应，进行分析；B．根据蔗糖是二糖，其水解产物为葡萄糖和果糖；麦芽糖也是二糖，但其水解产物只有葡萄糖，进行分析；C．根据核苷酸是核酸的基本组成单位，由一分子戊糖、一分子含氮碱基和一分子磷酸组成，，进行分析；D．根据油脂在碱性条件下的水解反应称为皂化反应，进行分析。【解答】解：A．天然纤维中的纤维素和蛋白质均能发生水解反应，但天然橡胶的主要成分是聚异戊二烯，分子结构中不含能水解的官能团，不能发生水解反应，故A错误；B．蔗糖的水解产物是葡萄糖和果糖，而麦芽糖的水解产物只有葡萄糖，二者水解产物不同，故B正确；C．核苷酸由戊糖、碱基和磷酸通过化学键结合而成，水解后最终能得到这三种组分，故C正确；D．油脂在碱性溶液中水解生成高级脂肪酸盐（如高级脂肪酸钠）和甘油，其中高级脂肪酸钠是肥皂的主要有效成分，工业上常利用此原理制取肥皂，故D正确；故选：A。【点评】本题主要考查生活中常见有机物（糖类、油脂、蛋白质及天然高分子材料）的结构与性质。注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的有机化学基础知识进行解题。6．（2026•东城区一模）淀粉和纤维素水解的最终产物均为葡萄糖。在葡萄糖水溶液中，存在链状和环状结构之间的平衡，示意图如图。下列说法不正确的是（）A．淀粉和纤维素均为天然有机高分子 B．链状结构分子中有4个手性碳原子 C．链状结构通过加成反应得到环状结构 D．环状结构1和环状结构2互为构造异构体【答案】C【分析】A．淀粉和纤维素都是由大量葡萄糖单元聚合而成的天然有机高分子化合物，广泛存在于植物体内；B．手性碳原子是指连有四个不同原子或基团的碳原子，链状结构中，编号为2、3、4、5的碳原子，每个都连接了四个不同的基团（—H、—OH、以及不同的碳链片段）；C．链状结构转化为环状结构时，是链状结构中醛基（—CHO）的氧原子和5号碳原子上的羟基（—OH）上的氢原子结合成水，同时醛基的碳原子和5号碳原子形成共价环，属于分子内的缩合反应（取代反应的一种）；D．环状结构1和环状结构2的差异在于环上氧原子连接的位置（半缩醛羟基的位置不同），属于分子中原子连接方式不同的构造异构体。【解答】解：A．淀粉和纤维素都是由大量葡萄糖单元聚合而成的天然有机高分子化合物，广泛存在于植物体内，故A正确；B．手性碳原子是指连有四个不同原子或基团的碳原子，链状结构中，编号为2、3、4、5的碳原子，每个都连接了四个不同的基团（—H、—OH、以及不同的碳链片段），一共4个手性碳原子，故B正确；C．链状结构转化为环状结构时，是链状结构中醛基（—CHO）的氧原子和5号碳原子上的羟基（—OH）上的氢原子结合成水，同时醛基的碳原子和5号碳原子形成共价环，属于分子内的缩合反应（取代反应的一种），并非加成反应，故C错误；D．环状结构1和环状结构2的差异在于环上氧原子连接的位置（半缩醛羟基的位置不同），属于分子中原子连接方式不同的构造异构体，故D正确；故选：C。【点评】本题主要考查了有机物的结构和性质，题目较简单，掌握基础知识是解答的关键。7．（2026•通州区一模）以下文字取材于《红楼梦》第三十八回，描写贾府众人吃蟹的场景。下列说法不合理的是（）凤姐儿吩咐：“螃蟹不可多拿来，仍旧放在蒸笼里，拿十个来，吃了再拿。”一面又要水洗了手，站在贾母跟前剥蟹肉，头次让薛姨妈。薛姨妈道：“我自己掰着吃香甜，不用人让。”凤姐儿便奉与贾母。二次的便与宝玉，又说：“把酒烫的滚热的拿来。”又命小丫头们去取桂花蕊熏的绿豆面来，预备洗手。A．蒸熟后，螃蟹肉中的蛋白质发生变性 B．烫酒的主要目的不是为了蒸馏出乙醇 C．桂花蕊中有香气的物质易形成共价晶体 D．绿豆面中有可以做表面活性剂的物质【答案】C【分析】A．加热可使蛋白质发生变性；B．烫酒的温度低于乙醇的沸点，且主要目的是去除有害物质；C．有香气的物质易挥发，沸点较低；D．表面活性剂具有乳化、去污等作用。【解答】解：A．蒸熟螃蟹的过程中，加热使螃蟹肉中的蛋白质发生变性，故A正确；B．烫酒的主要目的是挥发去除酒中的甲醇等有害物质，同时使酒温热，不是为了蒸馏出乙醇，故B正确；C．桂花蕊中有香气的物质易挥发，沸点较低，属于分子晶体，共价晶体熔点高、硬度大，不易挥发，故C错误；D．绿豆面中含有蛋白质等物质，蛋白质具有乳化、去污作用，可以做表面活性剂，故D正确；故选：C。【点评】本题以《红楼梦》中吃蟹场景为背景，考查化学与生活的联系，涉及蛋白质变性、晶体类型判断及表面活性剂的应用，体现了化学学科的实用性，难度适中。8．（2025秋•朝阳区期末）尼龙66具有较强的耐磨性和较高的强度，可由己二酰氯和己二胺通过界面聚合反应（将两种单体分别溶于互不相溶的溶剂中，使其在两种溶剂的界面附近发生聚合反应）制得。下列说法不正确的是（）A．己二酰氯溶于四氯化碳，己二胺溶于水 B．加入NaOH可增大尼龙66的聚合度，原因是NaOH可吸收HCl C．尼龙66具有较高的强度，与高分子链之间存在氢键有关 D．尼龙66可在一定条件下水解，得到己二酰氯和己二胺【答案】D【分析】A．根据分子的极性及“相似相溶”原理来分析；B．根据影响平衡移动的因素来分析；C．根据氢键的作用来分析；D．根据含有酰胺键的有机物的水解原理来分析。【解答】解：A．己二酰氯（Cl﹣CO﹣（CH2）4—CO—Cl）是卤代酰类有机物，属于非极性或弱极性分子，根据“相似相溶”，易溶于非极性溶剂四氯化碳；己二胺（H2N—（CH2）6—NH2）含氨基，能与水形成氢键，易溶于水，故A正确；B．该缩聚反应生成HCl，NaOH与HCl发生中和反应，使反应平衡正向移动，单体的聚合程度提高，最终增大聚合物的聚合度，故B正确；C．尼龙66的链节中含有—CONH—（酰胺键），酰胺键中的N—H与另一链节中C＝O的O原子可形成分子间氢键，使高分子链之间的作用力显著增强，因此尼龙66具有较高的强度，故C正确；D．尼龙66的水解反应是酰胺键的水解，在酸性或碱性条件下水解时，—CONH—水解为—COOH（或羧酸盐）和—NH2，最终产物是己二酸（或己二酸盐）和己二胺，故D错误；故选：D。【点评】掌握有机高分子的形成的原理、高分子的结构特征及影响平衡移动的因素等相关知识即可解答本题。9．（2025秋•海淀区期末）我国科研团队开发了一种如图所示的聚合物合成及转化的路线。下列说法不正确的是（）A．M→P1过程中，发生了加聚反应 B．P1→P2反应中，理论上生成的P2与消耗的的物质的量相等 C．P2与丁二酸发生酯化反应可进一步交联形成网状结构 D．应用上述合成原理，理论上可制得聚合物【答案】C【分析】A．根据加成反应和加聚反应原理来分析；B．根据加成反应的特点来分析；C．根据含有羟基、羧基官能团的有机物的性质来分析；D．根据有机物的合成的原理来分析。【解答】解：A．M（丙烯酸酯）与R—Br在CuBr催化下发生加成聚合（加聚）生成P1，反应中碳碳双键断裂，单体相互连接成高分子，故A正确；B．P1→P2是P1中的酯基旁的碳碳双键足量的烯丙醇（CH2＝CH—CH2—OH）在CuBr催化下的加成反应，每个双键消耗1分子烯丙醇，生成1个P2链节，理论上生成的P2（以链节计）与消耗的烯丙醇物质的量相等，故B正确；C．P2分子中含有羟基（—OH），与丁二酸（含2个羧基）发生酯化反应时，可形成链状结构（羟基与羧基脱水成酯，高分子链间相互连接），不能形成网状结构，故C错误；D．按照合成原理，可以通过加聚→加成→氧化→酯化→加成反应，制得含有多个酯基的目标聚合物，故D正确；故选：C。【点评】掌握有机物的制备原理过程中涉及到的加成、氧化、酯化等反应规律即可解答本题，题目起点较高，落点较基础，难度不大。10．（2025•朝阳区一模）塑料的循环利用有利于环境保护。研究人员利用小分子单体Y合成聚合物P，该聚合物在一定条件下能解聚为原来的小分子单体Y，如图所示。下列说法不正确的是（）A．Y→P的反应是加聚反应 B．聚合物P存在顺式异构体 C．P解聚为Y时，P中的碳碳双键未发生断裂 D．Y利用碳碳双键的加成反应可以形成环状结构【答案】C【分析】A．根据碳碳双键可进行1，4—加聚反应进行分析；B．根据聚合物P存在顺式异构体即酯基所连基团在碳碳双键同侧结构进行分析；C．根据P中的碳碳双键发生断裂，进行分析；D．根据两分子或多分子Y利用碳碳双键进行加成反应，进行分析。【解答】解：A．Y→P的反应是酯基之间的碳碳双键可以进行1，4—加聚反应，故A正确；B．聚合物P中酯基所连基团在碳碳双键同侧结构，则聚合物P存在顺式异构体，故B正确；C．P解聚为Y时，P中的碳碳双键发生断裂，生成两个碳碳双键，故C错误；D．两分子或多分子Y利用碳碳双键进行加成反应，可以形成环状结构，故D正确；故选：C。【点评】本题主要考查有机高分子化合物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。11．（2025春•大兴区期末）下列说法不正确的是（）A．用NaHCO3溶液可以鉴别和 B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯 C．用新制的Cu（OH）2可以鉴别乙酸与乙醛 D．某有机化合物的相对分子质量为60、能与钠反应，该有机化合物一定为乙酸【答案】D【分析】A．根据含有活泼氢（如—OH、—COOH）的有机物能与NaHCO3溶液反应产生二氧化碳气体来分析；B．根据油脂的形成原理来分析；C．根据乙酸和乙醛的化学性质来分析；D．根据含有羟基的有机物均可与金属钠反应来分析。【解答】解：A．含有羧基（—COOH）的有机物能与NaHCO3溶液反应产生二氧化碳气体，而含有醇羟基（—CH2OH）的有机物不与NaHCO3溶液反应，所以用NaHCO3溶液可以鉴别这两种物质，故A正确；B．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，这是油脂的定义，故B正确；C．乙酸（CH3COOH）含有羧基，能与新制的Cu（OH）2发生酸碱中和反应，使氢氧化铜溶解；乙醛（CH3CHO）含有醛基，能与新制氢氧化铜在加热条件下反应生成砖红色沉淀（Cu2O），所以用新制的Cu（OH）2可以鉴别乙酸与乙醛，故C正确；D．含有羟基的有机物均可与金属钠反应，某有机化合物的相对分子质量为60，能与钠反应，该有机化合物不一定为乙酸，还有可能为丙醇丙醇（C3H8O，相对分子质量60），含有醇羟基能与钠反应，故D错误；故选：D。【点评】掌握鉴别方法最重要的还是掌握官能团的性质及特征反应，难度中等。12．（2025春•海淀区校级期中）对乙酰氨基酚又称为扑热息痛，具有很强的解热镇痛作用，其合成路线如图：下列说法不正确的是（）A．反应①与反应③的目的是保护酚羟基避免在反应②中被氧化 B．反应②用稀HNO3作为硝化试剂，体现了—OCH3对苯环的活化 C．中间产物D既能与HCl反应，又能与NaOH反应 D．芳香族化合物X含硝基且为扑热息痛的同分异构体，其可能结构共有13种【答案】D【分析】根据的结构简式及A的分子式知，苯酚和CH3I发生取代反应生成A为，A和硝酸发生取代反应生成B为，B和HI发生取代反应生成，根据扑热息痛的结构简式和D的分子式知，发生还原反应生成D为，D发生取代反应生成扑热息痛。【解答】解：A．酚羟基不稳定，易被硝酸氧化，反应①与反应③的目的是保护酚羟基避免在反应②中被氧化，故A正确；B．反应②用稀HNO3作为硝化试剂，而不是浓硝酸，说明—OCH3对苯环的活化导致苯环上—OCH3对位的氢原子变得活泼，故B正确；C．D为，氨基具有碱性、酚羟基具有酸性，所以D既能与HCl反应，又能与NaOH反应，故C正确；D．芳香族化合物X含硝基且为扑热息痛的同分异构体，如果取代基为—CH2CH2NO2，有1种位置异构；如果取代基为—CH（NO2）CH3，有1种位置异构；如果取代基为—NO2、—CH2CH3，有3种位置异构；如果取代基为—CH2NO2、—CH3，有3种位置异构，如果取代基为2个—CH3、1个—NO2，有6种位置异构，则符合条件的同分异构体有14种，故D错误；故选：D。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查对比、分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度中等。13．（2026春•北京校级期中）一种重要的药物中间体其结构如图所示，下列说法正确的是（）A．该分子中含有5种官能团 B．该分子中所有原子可能共平面 C．该分子中的碳原子的杂化方式有3种 D．1mol该分子最多与4molH2发生反应【答案】C【分析】A．该分子中含有氰基、羟基、羧基、碳碳双键；B．与羟基相连的碳原子为sp3杂化；C．分子中饱和碳原子为sp3杂化，苯环、羧基和碳碳双键中碳原子的杂化方式为sp2，—CN中存在碳氮三键；D．该分子中苯环、碳碳双键、氰基均能与氢气反应。【解答】解：A．该分子中含有氰基、羟基、羧基、碳碳双键，共四种官能团，故A错误；B．图中星号标记的碳原子为sp3杂化，当该碳原子上的羧基在平面中时，羟基、氢原子会离开平面，所有原子不能共面，故B错误；C．分子中饱和碳原子为sp3杂化，苯环、羧基和碳碳双键中碳原子的杂化方式为sp2，—CN中存在碳氮三键，为sp杂化，共3种杂化，故C正确；D．该分子中苯环、碳碳双键、氰基均能与氢气反应，1mol该有机物最多与6molH2发生反应，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的难点，题目难度不大。14．（2026春•海淀区校级期中）阿魏酸是传统中药当归、川芎的有效成分之一，其结构简式如图所示。下列有关阿魏酸的说法中正确的是（）A．阿魏酸分子中含有手性碳原子 B．向阿魏酸中滴加FeCl3溶液无明显变化 C．1mol阿魏酸最多可与2molBr2反应 D．1mol阿魏酸最多可与2molNaHCO3反应【答案】C【分析】A．手性碳原子是连接4种不同基团的饱和碳原子；B．阿魏酸含有酚羟基，滴加FeCl3溶液会发生显色反应显紫色；C．1mol阿魏酸中，碳碳双键与Br2发生加成反应消耗1molBr2，酚羟基的邻位苯环氢与Br2发生取代反应消耗1molBr2；D．只有羧基能与NaHCO3反应，酚羟基酸性弱于碳酸，无法与NaHCO3反应。【解答】解：A．在有机物分子中，连有4个不同的原子或原子团的碳原子叫做手性碳原子，阿魏酸分子中不存在符合该条件的碳原子，故A错误；B．阿魏酸含有酚羟基，滴加FeCl3溶液会发生显色反应显紫色，并非无明显变化，故B错误；C．1mol阿魏酸中，碳碳双键与Br2发生加成反应消耗1molBr2，酚羟基的邻位苯环氢与Br2发生取代反应消耗1molBr2，总共最多消耗2molBr2，故C正确；D．只有羧基能与NaHCO3反应，酚羟基酸性弱于碳酸，无法与NaHCO3反应，1mol阿魏酸仅含1mol羧基，最多消耗1molNaHCO3，故D错误；故选：C。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。15．（2026春•海淀区校级期中）内酯Y可以由X通过电解合成，并可在一定条件下转化为Z，转化路线如图：下列说法不正确的是（）A．X→Y的反应在电解池阳极发生 B．Y与H2发生加成反应，消耗7molH2 C．Z与溴水发生反应，消耗2molBr2 D．等物质的量的X、Y、Z与足量NaOH溶液反应，消耗的n（NaOH）之比为1：2：2【答案】B【分析】A．X→Y的过程是一个失H的过程，是氧化反应；B．Y含2个苯环，可与6mol氢气加成；C．Z含有1个酚羟基，酚羟基有2个邻、对位氢；D．X含羧基能和氢氧化钠按1：1反应，Y含酯基、水解后产生酚羟基，Y能和氢氧化钠按1：2反应，Z含酯基和酚羟基、能和氢氧化钠按1：2反应。【解答】解：A．在电解池中，阳极发生氧化反应，X→Y的反应属于氧化反应，X→Y的反应在电解池阳极发生，故A正确；B．Y含2个苯环，可与6mol氢气加成，酯基不与氢气加成，故B错误；C．Z含有1个酚羟基，酚羟基有2个邻、对位氢，可与2molBr2发生取代反应，故C正确；D．X含羧基能和NaOH按1：1反应，Y含酯基、水解后产生酚羟基，Y能和氢氧化钠按1：2反应，Z含酯基和酚羟基、能和氢氧化钠按1：2反应，则等物质的量的X、Y、Z与足量氢氧化钠溶液反应，消耗的n（NaOH）之比为1：2：2，故D正确；故选：B。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。二．解答题（共3小题）16．（2025春•海淀区校级月考）已知：苯和卤代烃在催化剂作用下可生成烷基苯和卤化氢，例如：根据以下转化关系（生成物中所有无机物均已略去），其中F俗称PS，是一种高分子化合物，在建筑方面是一种良好的隔音、保温材料，回答下列问题：（1）D的分子式为C8H9Cl；G的结构简式为。（2）在①～⑥反应中，属于取代反应的是①②⑥（填序号）。（3）写出B生成乙烯的化学方程式：CH3CH2Cl+NaOH→Δ乙醇CH2＝CH2↑+H2O+NaCl（4）写出④的化学方程式：n→一定条件。（5）写出⑥的化学方程式+NaOH→ΔH2O+NaCl（6）反应⑥的产物H的催化氧化化学方程式2+O2→Δ催化剂2+2H2O，产物H的同分异构体中，属于芳香族化合物，且与钠反应但不能与FeCl3发生显色反应的有4种。【答案】（1）C8H9Cl；；（2）①②⑥；（3）CH3CH2Cl+NaOH→Δ乙醇CH2＝CH2↑+H2（4）n→一定条件；（5）+NaOH→ΔH2O（6）2+O2→Δ催化剂2+2H2O；4。【分析】乙烯和HCl发生加成反应生成B为CH3CH2Cl；C和氯气发生取代反应生成D，则D中含有氯原子，D发生水解反应生成H，则D为，C为，C发生氧化反应生成G为，B和苯发生取代反应生成C，D发生消去反应生成E为，E发生加聚反应生成高分子化合物F为，据此分析解题。【解答】解：（1）由分析可知，D的结构简式为：，则D的分子式为C8H9Cl，G的结构简式为，故答案为：C8H9Cl；；（2）由题干转化流程图结合分析可知，反应①为苯与CH3CH2Cl发生取代反应，反应②为乙苯和Cl2在光照下发生取代反应，反应③为卤代烃在NaOH醇溶液加热发生消去反应，反应④为苯乙烯发生加聚反应，反应⑤为苯的同系物被酸性高锰酸钾溶液氧化，反应⑥为卤代烃的水解反应属于取代反应，故属于取代反应的有：①②⑥，故答案为：①②⑥；（3）由分析可知，B的结构简式为CH3CH2Cl，故B生成乙烯的化学方程式为：CH3CH2Cl+NaOH→Δ乙醇CH2＝CH2↑+H2故答案为：CH3CH2Cl+NaOH→Δ乙醇CH2＝CH2↑+H2（4）由题干转化流程图结合分析可知，反应④为苯乙烯发生加聚反应生成聚苯乙烯，故该反应的化学方程式为：n→一定条件，故答案为：n→一定条件；（5）由题干转化流程图结合分析可知，反应⑥为卤代烃发生水解反应生成醇，故该反应的化学方程式为：+NaOH→ΔH2O故答案为：+NaOH→ΔH2O（6）反应⑥的产物H即，其发生催化氧化化学方程式为：2+O2→Δ催化剂2+2H2O，产物H的分子式为：C8H10O，其属于芳香族化合物即含有苯环，且与钠反应但不能与FeCl3发生显色反应即含有醇羟基的同分异构体，若只有一个取代基则还有：—CH2CH2OH，若为2个取代基则为：—CH3和—CH2OH有邻间对三种位置异构，故一有4种，故答案为：2+O2→Δ催化剂2+2H2O；4。【点评】本题主要考查有机物的合成等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。17．（2025春•海淀区校级月考）洛索洛芬钠H可用于治疗类风湿性关节炎、肩周炎等，其合成路线如图。已知：（1）X的结构简式是CH3OH。（2）D中含有的官能团是酯基、碳溴键。（3）D与Y反应还会生成少量E′，E′与E互为同分异构体。①Y的结构简式是。②E′的结构简式是。③E′少于E的原因是：相对于生成E，生成E′时断裂的C—H键的极性弱（填“强”或“弱”）。（4）E经历两步转化为G。F分子内存在由氢键形成的六元环，F的结构简式是。（5）将G和NaOH溶液混合加热后生成H，再加入乙醇后有大量白色固体H析出。反应的化学方程式是。【答案】（1）CH3OH；（2）酯基、碳溴键；（3）①；②；③弱；（4）；（5）。【分析】A与CH3OH发生酯化反应生成B，B与溴发生取代反应生成D，D与Y发生取代反应生成E，E反应生成G，最终得到H，据此进行解答。【解答】解：（1）根据分析可知，X为CH3OH，故答案为：CH3OH；（2）D中所含官能团：酯基、碳溴键，故答案为：酯基、碳溴键；（3）①根据分析可知，Y为，故答案为：；②根据信息可知，在C＝O键邻位C上，发生去氢加烃基的反应，可以发生反应的C原子为，则E′为，故答案为：；③酯基是给电子基团，相对于生成E，生成E′时断裂的C—H键的极性弱，故答案为：弱；（4）E中与五元环相连的酯基先水解生成对应的羧酸，再脱去二氧化碳，分子内存在由氢键形成的六元环，的结构简式：，故答案为：；（5）G和NaOH溶液混合加热后生成H，再加入乙醇后有大量白色固体H析出：，故答案为：。【点评】本题考查有机物的合成，侧重于考查学生的分析、推断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度中等。18．（2025•西城区校级三模）罗沙司他可用于治疗由慢性肾病引发的贫血，其中一种合成路线如图。已知：ⅰ．ⅱ．﹣Ts表示某易离去的基团ⅲ．（1）A含有的官能团为羧基、碳氟键。（2）B→D的化学方程式为。（3）D→E的反应类型为加成反应。（4）G的结构简式为