2027届辽宁省大连市103中学物理高二上期中质量检测模拟试题含解析

2027届辽宁省大连市103中学物理高二上期中质量检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中．当两小球都处于平衡时其可能位置是图中的哪一个？（）A． B． C． D．2、一电压表由电流表G与电阻R串联而成，如图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍大一些，采用下列哪种措施可能加以改进A．在R上串联一比R大得多的电阻B．在R上串联一比R小得多的电阻C．在R上并联一比R小得多的电阻D．在R上并联一比R大得多的电阻3、下面是某同学对一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A．根据公式可知，金属电阻率与导体的电阻成正比B．根据公式可知，该公式只能求纯电阻电路的电流做功C．根据公式可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多D．根据公式可知，电容与电容器所带电荷成正比，与两极板间的电压成反比4、如图所示灯与灯的电阻相同，当滑动变阻器R的滑片P向上滑动时，两灯亮度变化情况是()A．灯变亮，灯变亮 B．灯变暗，灯变亮C．灯变暗，灯变暗 D．灯变亮，灯变暗5、两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间的库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定在原处，则两球间库仑力的大小为A．F/2 B．3F C．F/3 D．2F6、如图所示，竖直长导线通以恒定电流I，一闭合线圈MNPQ与导线在同一平面内，当线圈从图示位置向下运动时，穿过线圈的磁通量将（）A．变小 B．变大 C．不变 D．先变大，后变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力，则下列判断正确的是（）A．小球水平位移x2与x1的比值为4：1B．小球水平位移x2与x1的比值为3：1C．小球落到B点时的动能为32JD．小球从A点运动到B点的过程中最小动能6J8、原来有磁性的物体，为了使其失去磁性，也就是退磁，可以采用的办法是：A．将其处于低温环境中； B．剧烈震动；C．受到逐渐减弱的交变磁场的作用； D．放置在通电的螺线管内部．9、下列说法不正确的是()A．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互规律——库仑定律B．英国物理学家法拉第发现了万有引力定律C．英国物理学家牛顿最早引入了场概念，并提出用电场线表示电场D．美国物理学家密立根通过实验精确测定了元电荷e的电荷量，获得诺贝尔奖10、如图所示电路，开始时K处于断开状态，A1、A2、V1、V2示数分别为I1、I2、U1、U2，现将K闭合，下列对各表读数的变化情况判断正确的是（）A．U1减小B．U2减小C．I1增大D．I2增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学做“测定电动势约2V内阻约几Ω的电池的电动势和内阻”实验．（1）他采用如图1所示的实验电路进行测量．现有下列器材供选用：A．电压表（0～15V，内阻约20kΩ）B．电压表（0～3V，内阻约10kΩ）C．电流表（0～0.6A，内阻约0.4Ω）D．电流表（0～3A，内阻约1Ω）E．滑动变阻器（500Ω，1A）F．滑动变阻器（20Ω，2A）（1）实验中所用电压表应选______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______．（填字母代号）（2）图2中给出了做实验所需要的各种仪器．请你按电路图把它们连成实验电路．（____）（在答题卷先用铅笔连线，确定准确无误后，再用签字笔连线）（3）根据实验数据做出U-I图象，如图3所示，蓄电池的电动势E=______V，内电阻r=______Ω．（结果保留2位有效数字）（4）这位同学对以上实验进行了误差分析．其中正确的是______．A．实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用B．实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用C．实验测出的内阻大于真实值D．实验测出的电动势小于真实值．12．（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，使用的小灯泡为“6V，0.5A”，其他供选择的器材有：电压表V1（量程6V，内阻约20kΩ）电流表A1（量程3A，内阻约0.2Ω）电流表A2（量程0.6A，内阻约1Ω）变阻器R1（0-1000Ω，0.5A）变阻器R2（0-20Ω，2A）学生电源E（6-8V）开关S及导线若干实验中要求在电压表示数从0开始读取并记录下几组不同的电压值U和对应的电流值I，以便作出伏安特性曲线。（1）则在上述器材中，电流表应选__，变阻器应选___，图中Rx表示小灯泡，实验电路图应选下图中的__（选填“A”或“B”）。依据你所选的电路图连接好电路后在开关闭合前应将滑片P移到_____端（选填“A”或“B”）。（2）正确测量后，依据测量数据作出的伏安特性曲线如图所示并不是一条直线，这表明小灯泡的电阻随温度的升高而______。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）摆线长为L，摆球质量为m带正电量q的单摆从如图所示位置A摆下，到最低处时便在一个磁感应强度为B的匀强磁场中运动，摆动平面垂直磁场，若图中=60°，摆球从A起第一次到最低处时，摆线上的拉力为？14．（16分）如图所示，两足够长平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源。现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰能静止。导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2。已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）导体棒受到的安培力大小；（2）导体棒受到的摩擦力大小；（3）若只把匀强磁场B的方向改为竖直向上、大小改为1.0T，动摩擦因数为μ=0.2，其他条件都不变，求导体棒运动的加速度大小。15．（12分）如图所示，A为电解槽，N为电炉子，恒定电压U＝12V，电解槽内阻r＝2Ω，当S1闭合、S2断开时，电流表的示数为6A；当S2闭合、S1断开时，电流表的示数为4A（电流表内阻不计），求：(1)电炉子的电阻及发热功率各多大？(2)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：先对正电荷受力分析，得到下面细线的偏转情况；再对两个小球的整体受力分析，得到上面细线的拉力的方向．解：先对正电荷受力分析，受重力，向右的电场力，细线的拉力，由于电场力向右，根据三力平衡条件，细线的拉力一定向左上方；再对两球整体受力分析，受总重力2mg，电场力的合力为零，故拉力一定与重力平衡，竖直向上，故上面的细线呈竖直状态；故选A．【点评】本题关键要对两电荷整体受力分析，整体受电场力的合力为零，重力和拉力二力平衡．2、B【解析】

改装电表需要串联或并联电阻，串联的电阻越大电压表量程越大，此电压表的读数总比准确值稍大一些，说明流过灵敏电流表电流偏大，说明电压表总电阻偏小，因此串联一个小电阻即可，B对．3、C【解析】

A．电阻率是由导体本身的性质决定的，其大小与电阻无关，选项A错误；B．公式适用于纯电阻电路和非纯电阻电路中的电流所做功，选项B错误；C．根据公式可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多，选项C正确；D．电容的公式采用的是比值定义法，电容大小与电量和电压无关，选项D错误。故选C。4、A【解析】由图可知，与R并联后与串联再与并联；当滑片向上滑动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中电流减小，由可知，路端电压增大，故的亮度增大，因路端电压增大，则中的电流增大，但因总电流减小，故流过的电流减小，故分压减小，则并联部分电压增大，故变亮；选A．【点睛有】由图可知电路结构；根据滑片的移动得出滑动变阻器的电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可得出电流的变化及路端电压的变化；再分析局部电路可得出两灯的亮度变化．5、C【解析】

接触前两个点电荷之间的库仑力大小为，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离仍不变，则库仑力为，所以两球间库仑力的大小为F/1．故选C．6、C【解析】

ABCD．根据磁通量的公式线圈从图示位置向下运动时，因为长导线通以恒定电流并且线圈离导线的距离没有变化，所以磁场强度没变，线圈面积没变，磁通量没变，ABD错误C正确。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动，对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，则小球水平位移x2与x1的比值为3：1，故A错误，B正确；设物体在B动能为EkB，水平分速度为VBx，竖直分速度为VBy，由竖直方向运动对称性知：mvBy2=8J，对于水平分运动运用动能定理得：Fx1=mvMx2﹣mvAX2，F（x1+x2）=mvBx2﹣mvAX2，由A可知：x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F（x1+x2）=24J，故EkB=m（vBy2+vBx2）=32J，故C正确；由于合运动与分运动具有等时性，设小球所受的电场力为F，重力为G，则有：Fx1=6J，，Gh=8J，，所以：，由右图可得：tanθ=，解得：sinθ=，则小球从A运动到B的过程中速度最小时速度一定与等效G’垂直，即图中的P点，故EKmin=mvmin2=m（v0sinθ）2=J，故D错误。故选BC。本题关键将合运动分解为水平方向的匀加速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后对水平分运动运用动能定律求解。8、BC【解析】

原来有磁性的物体，经过高温、剧烈震动或者逐渐减弱的交变磁场作用，就会失去磁性，这种现象叫做退磁．故BC正确，AC错误；故选BC.原来有磁性的物体，经过高温、剧烈震动或者逐渐减弱的交变磁场作用，分子电流的取向变得杂乱无章，磁体就会失去磁性．9、BC【解析】库仑发现了库仑定律，并且利用扭称实验测出了静电力常量，A正确；B、英国物理学家牛顿发现了万有引力定律，故B错误；C、英国物理学家法拉第引入了场的概念来研究电场，并提出用电场线表示电场，故C错误；D、密立根通过实验精确测出了元电荷的电荷量，故D正确．本题选不正确的，所以不正确的是BC综上所述本题答案是：BC10、BC【解析】将电键K闭合后，外电路总电阻减小，总电流增大，根据U=E-I总r可知内电压增大，路端电压减小，则I1增大，U2减小，根据欧姆定律可知，U1增大．由串联电路分压规律可知，R2的电压减小，则I2减小，故BC正确，AD错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BCF如图所示，2.03.8BD【解析】

(1)为方便实验操作,滑动变阻器应选最大阻值较小的滑动变阻器;根据电源电动势选择电压表,根据电路最大电流选择电流表;

(2)根据电路图连接实物图，注意滑动变阻器的连法;

(3)由图示图象的截距和斜率求出电源电动势与内阻;

(4)通过作出的实际图线和测量图线判断测量电动势和内阻的误差.【详解】(1)为方便实验操作,滑动变阻器应选F;电动势约为2V,电压表选B，电路最大电流约为零点几安培,电流表选C;(2)根据电路图连接实物图,如图所示:

(3)由图示电源图象可以知道,图象与纵轴交点坐标值为2.0,所以电源电动势：电源内阻:(4)ABCD．在测量电源的电动势和内阻时,电压表测量电源的外电压准确,电流表测量通过电源的电流偏小,因为电压表起分流作用.作出图线实际图线和测量图线,如图所示,

知电动势的测量值偏小,内电阻的测量值偏小.故AC项不符合题意,BD符合题意．12、A2R2BA增大【解析】

(1)[1]灯泡额定电流是0.5A，电流表应选A2；[2]为保证安全，方便实验操作，滑动变阻器应选R2；[3]要求在电压表示数从0开始读数，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻为：电流表内阻为1Ω，电压表内阻为20kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表采用外接法，应选图B所示实验电路．[4]接通电