四川省成都市郫都四中2027届高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

四川省成都市郫都四中2027届高二物理第一学期期中综合测试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、伽俐略理想斜面实验将可靠的事实和理论思维结合起来，能更深刻地反映自然规律，伽俐略的斜面实验程序如下：（1）减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度．（2）两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面．（3）如果没有摩擦，小球将上升到释放时的高度．（4）继续减小第二个斜面的倾角，最后使它变成水平面，小球沿水平方向做持续的匀速直线运动．请按程序先后次序排列，并指出它究竟属于可靠的事实，还是通过思维过程的推论，下列选项正确的是（数字表示上述程序的号码）A．事实2→事实1→推论3→推论4B．事实2→推论1→推论3→推论4C．事实2→推论3→推论1→推论4D．事实2→推论1→推论4→推论32、在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V

6W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.5Ω。若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是A．电动机的输入电压是8VB．流过电动机的电流是10AC．电动机的效率是80%D．整个电路消耗的电功率是10W3、如图所示，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的点，b粒子打在B板的点．若不计重力，则()A．a的电荷量一定大于b的电荷量B．a的质量一定小于b的质量C．a的比荷一定大于b的比荷D．a的动能增量一定小于b的动能增量4、如图所示，有两个带正电的验电器，金属箔片张开一定角度，用导体棒接触图甲验电器顶端小球，将一对金属枕形导体靠近图乙验电器放置。下列描述正确的是A．图甲中，若发现验电器金属箔片张开角度减小，说明导体棒可能带负电B．图甲中，若导体棒不带电，则一定有正电荷转移到导体棒上C．图乙中，电子将从A端移至B端D．图乙中，若用手接触A端，A端金属箔片将闭合，B端金属箔片保持张开5、如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。若A、B间距为L，C是AB的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。则下列判断正确的是A．从A至B，q先做匀加速运动，后做匀减速运动B．在B点受到的库仑力大小是mgsinθC．Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=mgLD．在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大6、冬天，我国部分地区有降雪，在雪地上，运输物资的汽车以额定功P上坡时，为增大牵引力F牵，汽车的速度v应A．减小 B．增大C．保持不变 D．先增大后保持不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，水平放置一根长为L、质量为m的直导体棒，当通以图示方向电流I时，欲使导体棒静止在斜面上，可加一平行于纸面的匀强磁场，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由水平向右沿顺时针方向转至垂直斜面向下的过程中，下列说法中正确的是A．此过程中磁感应强度B先减小后增大B．此过程中磁感应强度B逐渐减小C．此过程中磁感应强度B的最小值为D．此过程中磁感应强度B的最大值为8、如图所示，ABCD是磁感应强度为B的匀强磁场的边界AB=2a、BC=a，磁场方向垂直纸面向里。一细束质量为m、电荷量为+q的粒子以大小不同的速度在纸面内从E点垂直AB边界射入磁场，BE=a/2，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用，关于粒子在磁场中运动的情况，下列说法中正确的是（）A．在磁场中的运动时间相同的粒子入射速度相同B．到达D点的粒子入射速度大小v=C．落在AD边的粒子在磁场中运动的最短时间为D．粒子在磁场中运动的最长时间为9、阻值为10Ω的电阻接到电压波形如图所示的交流电源上，以下说法正确的是()A．电压的有效值为10VB．通过电阻的电流有效值为1AC．电阻消耗电功率为5WD．电阻每秒钟产生的热量为5J10、平行板电容器的一个极板与静电计的金属杆相连，另一个极板与静电计金属外壳相连，给电容器充电后，静电计指针编转一个角度，以下情况中，能使电静电计指针偏角增大的有（）A．把两板间的距离减小B．把两板的正对面积减小C．在两板间插入相对介电常数较大的电介质D．增大电容器所带电荷量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学将铜片和锌片插入水果中制成一个“水果电池”，该同学利用下列所给器材测量该“水果电池”的电动势E和内阻r．电流表A1(量程0.6A，内阻约1Ω)电流表A2(量程20mA，内阻约50Ω)电压表V1(量程4V，内阻约4kΩ)电压表V2(量程15V，内阻15kΩ)滑动变阻器R1(0～10Ω)滑动变阻器R2(0～1000Ω)待测“水果电池”(电动势E约为4V，内阻r约为200Ω)开关S，导线若干（1）为尽量减小实验的误差，实验中电流表选择________；电压表选择________；滑动变阻器选________；（填写字母代号．）（2）请在虚线方框中画出实验电路图___________________；（3）该同学实验中记录的6组对应的数据如下表，试根据表中数据在图中描点画出U－I图线_____________________；由图线可得，“水果电池”的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω．（计算结果保留3位有效数字．）(4)实验测得的“水果电池”的电动势和内阻与真实值相比，E测________E真，r测________r真(选填“大于”、“小于”或“等于”)．12．（12分）（1）在“探究法拉第电磁感应现象”的实验中，已将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电表及开关按如图所示部分连接，要把电路连接完整正确，则N连接到________(选填“a”“b”“c”或“M”)，M连接到________(选填“a”“b”“c”或“N”).正确连接电路后，开始实验探究，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P向右加速滑动时，灵敏电流计指针向右偏转.由此可以判断__________.A．线圈A向上移动或滑动变阻器滑动端P向左加速滑动，都能引起灵敏电流计指针向左偏转B．线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起灵敏电流计指针向右偏转C．滑动变阻器的滑动端P匀速向左或匀速向右滑动，都能使灵敏电流计指针静止在中央D．因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断灵敏电流计指针偏转的方向（2）仅用一根导线，如何判断G表内部线圈是否断了？________________.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示电路，已知电源的电动势为6V，内阻忽略不计，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=6Ω，平行板电容器的电容为C=6×10﹣5F，闭合开关后，求：（1）电阻R1消耗的电功率为多大？（2）电容器C的电量．14．（16分）如图，以竖直向上为y轴正方向建立直角坐标系；该真空中存在方向沿x轴正向、场强为E的匀强电场和方向垂直xoy平面向外、磁感应强度为B的匀强磁场；原点O处的离子源连续不断地发射速度大小和方向一定、质量为m、电荷量为-q（q>0）的粒子束，粒子恰能在xoy平面内做直线运动，重力加速度为g,不计粒子间的相互作用；（1）求粒子运动到距x轴为h所用的时间；（2）若在粒子束运动过程中，突然将电场变为竖直向下、场强大小变为，求从O点射出的所有粒子第一次打在x轴上的坐标范围（不考虑电场变化产生的影响）；（3）若保持EB初始状态不变，仅将粒子束的初速度变为原来的2倍，求运动过程中，粒子速度大小等于初速度λ倍（0<λ<2）的点所在的直线方程.15．（12分）很多家用电器都有待机功能，比如，电视可以用遥控器关机而不必断开电源．这一功能虽给人们带来了方便，但电器在待机状态下仍有能耗．下表是小明家两台电器的数据统计．这两台电器每天待机共耗电多少度？若能及时断开电源，他家每月可以节约多少电费？电价为元度，每月按30天计算家用电器待机功率每天平均待机时间彩色电视20VCD22

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

考查理想实验。【详解】先实验让两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面，再减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度，通过以上两个事实，可推出如果没有摩擦，小球将上升到释放时的高度的推论，继而推出继续减小第二个斜面的倾角，最后使它变成水平面，小球沿水平方向做持续的匀速直线运动，故选A。2、C【解析】

由电路图可知，灯泡与电动机串联；由串联电路特点可以求出灯泡正常发光时电动机两端电压；由P=UI的变形公式求出灯泡正常发光时的电流，由P=I2R求出电动机的热功率，然后求出电动机的机械功率，由效率公式求出电动机的效率，由P=UI求出电路的总功率，进而求出电动机的效率。【详解】A项：灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压UM=U-UL=8V-3V=5V，故A错误；B项：灯泡正常发光，则电路电流I=PLUC项：电动机的热功率PQ=I2RM=（2A）2×0.5Ω=2W，则电动机的效率η=2×5-2D项：整个电路消耗的功率P总=UI=8V×2A=16W，故D正确。故应选：C。明确电动机是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，电动机的输出功率等于总功率与热功率之差。3、C【解析】据题意，带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，其水平位移为：，竖直位移为：，当a、b以相同速度垂直电场线进入电场后，有：，由于v、y和E都相等，而b粒子的水平位移大故b粒子的较大，因而a粒子的较大，故C正确．点晴：本题考查带电基本粒子（不考虑重力）在匀强电场中做类一平抛运动，处理方法将运动分解为：初速度方向：匀速直线运动，电场力方向：匀加速直线运动．4、A【解析】

A．用导体棒接触图甲验电器顶端小球，发现验电器金属箔片张开角度减小，可能是异种电荷中和了一部分，即导体棒可能带负电；故A正确。B．图甲中，若导体棒不带电，则电子从导体棒转移到验电器上；故B错误。C．图乙中，根据静电感应可知，A端感应负电荷，即电子从B端移至A端；故C错误。D．图乙中，用手接触A端，表示接地，则A端金属箔片不变，B端金属箔片将闭合；故D错误。故选A。5、C【解析】小球q下滑过程中，沿杆的方向受到重力的分力mgsinθ和库仑力，两力方向相反，根据库仑定律：F=kQqr2可知，库仑力逐渐增大，由题意可知，库仑力开始时小于mgsinθ，后来大于mgsinθ，所以q先做加速度减小的变加速运动，后做加速度增大的变减速运动，当库仑力与mgsinθ大小相等时速度最大，故A错误；q从先做加速运动后做减速运动，在B点时加速度沿杆向上，所以库仑力大于mgsinθ，故B错误；从A到B，根据动能定理得：mgLsinθ+qUAB=0，又UBA=-UAB，可得：UBA=mgLsinθq，故C正确；下滑过程，AC间的场强小，CB间场强大，根据U=Ed知，A、C间的电势差值小于C、B间的电势差值，根据电场力做功公式W=qU得知，从A6、A【解析】

由功率公式P=Fv可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大，此时更容易上坡。A．减小，与分析相符，故A项正确；B．增大，与分析不符，故B项错误；C．保持不变，与分析不符，故C项错误；D．先增大后保持不变，与分析不符，故D项错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

AB．对导体棒受力分析，受重力G、支持力FN和安培力FA，三力平衡，合力为零，将支持力FN和安培力FA合成，合力与重力相平衡，如图当磁场水平向右时，安培力方向竖直向上；当磁场垂直斜面向下时，安培力沿斜面向上；当当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由水平向右沿顺时针方向转至垂直斜面向下的过程中，从图中可以看出，安培力FA逐渐减小，由于FA=BIL，其中电流I和导体棒的长度L均不变，故磁感应强度逐渐减小；选项A错误，B正确；C．由图可以看出当FA平行于斜面时有最小值BminIL=mgsinα得：选项C正确；D．此过程中安培力竖直向上时最大为mg，故B的最大值为：选项D错误。8、CD【解析】

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，分析清楚粒子运动过程，根据粒子做圆周运动的周期公式与粒子转过圆心角、应用牛顿第二定律分析答题。【详解】粒子在磁场中做圆周运动的周期：与粒子的速度无关，从AB边离开磁场的粒子在磁场中的运动时间：t=T都相等，从AB边的不同位置离开磁场的粒子运动轨迹不同，粒子轨道半径r不同，粒子速度不同，故A错误；当粒子速度较小时，粒子从AB边离开磁场，粒子运动轨迹与CD相切时从AD边的最高点离开磁场，粒子速度再增大，粒子将从CD边离开磁场，粒子不可能从D点离开磁场，故B错误；粒子运动轨迹与CD相切时粒子从AD边离开，此时粒子的运动时间是从AD边离开磁场的粒子中运动时间最短的，粒子运动轨迹如图所示：由几何知识得，粒子运动轨迹：r=a，，粒子在磁场中转过的圆心角：α=180°﹣θ=120°，粒子在磁场中的运动时间：，故C正确；粒子从AB边离开磁场时在磁场中的运动时间最长，为：，故D正确。所以CD正确，AB错误。本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，分析清楚粒子运动过程是解题的前提与关键，根据粒子运动过程与周期公式、应用几何知识即可解题。9、CD【解析】

A.由图象可知，交流电压最大值为，所以有效值为，故A错误；B.通过电阻的电流有效值为，故B错误；C.根据知电阻消耗的电功率P=5W，故C正确；D.电阻每秒产生热量，故D正确．所以选CD．10、BD【解析】

A．减小板间距离d，根据电容的决定式分析得知，电容C增大，而电容器的带电量Q不变，由分析得知，板间电势差U减小，则静电计的指针偏角变小，故A项错误；B．减小极板正对面积，根据电容的决定式，分析得知，电容C减小，而电容器的带电量Q不变，由分析得知，板间电势差U增大，则静电计的指针偏角变大，故B项正确；C．在两板间插入相对常数较大的电介质，根据电容的决定式，分析得知，电容C增大，而电容器的带电量Q不变，由分析得知，板间电势差U减小，则静电计的指针偏角变小，故C项错误；D．增大电容器所带电荷量，由公式可知，板间电势差U增大，则静电计的指针偏角变大，故D项正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、；；；3.80(3.79-3.81);187(185-190);小于；小于；【解析】（1）在实验中应该保证正常工作时，电表的读数大于满偏的，所以电压表选V1，回路中的短路电流大约，所以电流表选A2，由于待测电阻大约，要使滑动变阻器能很好的控制电路，则应该用R2（2）实验电路图如图所示：（3）描点连线如图：由闭合电路欧姆定律知：，所以图像的纵坐标表示电源电动势，即E=，图像的斜率表示电源的内阻（4）从电路图可以看出，当外电路断路时，电压表测量的是电压表的电压，小于电源电动势，所以E测量值小于真实值，电路所测的内阻实际上是电压表和电源内阻的并联电阻，所以导致电源内阻测量值小于真实值综上所述本题答案是：（1）；V1（2）实验电路图如图所示：（3）做U-I图如图所示：；（4）小于；小于12、acB短接G表前后各摇动G表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈未断；反之则断了．【解析】

（1）[1][2]．将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，所以M连接c；再将电流计与线圈B串联成另一个回路，所以N连接a；

[3]．由题意可知：当P向右加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；

A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向左加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；

B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；

C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，线圈B中产生了感应电流使指针向右或向左偏转，故C错误；

D、由以上分析可知，D错误；

（2）[4]．仅用一根导线，将检流计G短接前后，摇动表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈断了，说明虽有切割磁感应线，但没有感应电流，则没有安培阻力，指针变化明显；反之，则出现感应电流，进而安培阻力，使其变化不明显，则线圈未断。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4.5W（2）1.8×10-4C．【解析】试题分析：(1)s闭合后R2与R3并联再与R1串联，电容器相当于断路，利用闭合电路欧姆定律和功率公式求解；(2)先利用电容器与并联部分电阻的电压相等求出电容器两端的电压，再由，可求解电量。(1)s闭合，R2与R3并联再与R1串联，电容器相当于断路，根据公式，代入数据可得；(2)电容器两端电压与并联部分电压相等即，由公式，代入数据可得：