2023学年黑龙江牡丹江市第一高级中学物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，在调节可变电阻R的阻值过程中，发现理想电压表的示数减

2、小，则（）AR的阻值变大B路端电压不变C干路电流减小D路端电压和干路电流的比值减小2、把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A电阻丝长为L，直径为d，B电阻丝长为3L，直径为3d，要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压应当满足AUA:UB=1:1 BUA:UB=3:3CUA:UB=3:1 DUA:UB=3:43、关于力，下列叙述正确的是A力是维持物体运动的原因B作用力与反作用力是一对平衡力C施力物体同时一定是受力物体D一对平衡力一定是同一种性质的力4、如图所示的装置，气缸分上、下两部分，下部分的横截面积大于上部分的横截面积，大小活塞分别在上、下气缸内用一根硬杆相连，两

3、活塞可在气缸内一起上下移动缸内封有一定质量的气体，活塞与缸壁无摩擦且不漏气，起初，在小活塞上的杯子里放有大量钢球，请问哪些情况下能使两活塞相对气缸向上移动（）A给气缸内缓慢加热B增加几个钢球C大气压变小D让整个装置自由下落5、某电容器上标有“220V300F”，300F_FA3108B3104C0.3D31056、北斗系统在航海中有重要的应用，轮船上的接收设备可以通过接收卫星的信息，进而确定自己的位置，在此过程中，该设备接收信息主要利用了（ ）A电磁波B声波C太阳能D地磁场二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分

4、，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即UabUbc，实线为一带正电的质点，仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A三个等势面中，a的电势最低B带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大8、跳伞者着陆过程中的加速度约为，赛车起步过程中的加速度约为由此可知（ ）A跳伞者着陆过程中的加速度大于赛车起步过程中的加速度B跳伞者着陆过程中的加速度小于赛车起步过程中的加速度C跳伞者的速度一定大于赛车的速

5、度D跳伞者着陆过程中的速度方向与加速度方向相反，而赛车起步过程中的速度方向与加速度方向相同9、一根长为0.2m，电流为4A的通电导线，放在磁感应强度为0.5T的匀强磁场中，受到的安培力大小可能是（）A0.4NB0.5NC0.3ND010、如图，电荷量分别为q和q（q0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a、b是正方体的另外两个顶点，则Aa点和b点的电势相等Ba点和b点的电场强度大小相等Ca点和b点的电场强度方向相同D电子在a点电势能小于在b点的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“决定导线电阻的因素”的实验中测定金属的电阻

6、率,若待测金属丝的电阻约为5 ,要求测量结果尽量准确,提供以下器材:电池组(3 V,内阻为1 )电流表(00.6 A,内阻为0.125 )电压表(03 V,内阻为4 k)滑动变阻器(020 ,允许通过的最大电流为1 A)开关、导线若干（1）测电阻时,电流表、电压表、待测金属丝Rx在组成测量电路时,应采用电流表_(选填“外”或“内”)接法,待测金属丝电阻的测量值比真实值偏_(选填“大”或“小”)。 （2）若用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如图所示,则读数为_mm。 （3）若用L表示金属丝的长度,d表示直径,测得电阻为R,请写出计算金属丝电阻率的表达式为=_。12（12分）某电阻额定电压为3V

7、（阻值大约为10），为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A电流表A1（量程300mA，内阻约1）B电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3）C电压表V1（量程3.0V，内阻约3k）D电压表V2（量程5.0V，内阻约5k）E.滑动变阻器R1（最大阻值为10）F.滑动变阻器R2（最大阻值为1k）G.电源E（电动势4V，内阻可忽略）H.电键、导线若干（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表_，电压表_，滑动变阻器_（2）画出该实验电路图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（

8、10分）静电喷漆技术具有效率高，浪费少，质量好，有利于工人健康等优点，其装置如图所示。A、B为两块平行金属板，间距d=0.4m，两板间有方向由B指向A，大小为E=1103N/C的匀强电场。在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P，油漆喷枪的半圆形喷嘴可向各个方向均匀地喷出带电油漆微粒，油漆微粒的初速度大小均为v0=2m/s，质量m=51015kg、带电量为q=-21016C。微粒的重力和所受空气阻力均不计，油漆微粒最后都落在金属板B上。试求：（1）微粒打在B板上的动能；（2）微粒到达B板所需的最短时间；（3）微粒最后落在B板上所形成的图形及面积的大小。14（16分）如图所示，在电场强度E为

9、2.5104V/m的匀强电场中，将某一电荷量为-410-4 C的带负电的点电荷由A点移到B点，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60度角，求： （1）A、B两点间的电势差UAB； （2）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；15（12分）质量都是m的两个完全相同、带等量异种电荷的小球A、B分别用长l的绝缘细线悬挂在同一水平面上相距为2l的M、N两点，平衡时小球A、B的位置如图甲所示，线与竖直方向夹角30，当外加水平向左的匀强电场时，两小球平衡位置如图乙所示，线与竖直方向夹角也为30，求：(1)A、B小球电性及所带电荷量Q；(2)外加匀强电场的场强E.参考答案一、单项选择

10、题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】电压表的示数减小，根据串联电路分压规律知电阻R的阻值变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小路端电压和干路电流的比值等于外电路总电阻，路端电压和干路电流的比值减小综上选项BC错误，选项AD正确2、C【解析】根据电阻定律R=LS，得RA：RB=L14d2：3L14(3d)2=3：1；由于是纯电阻，则由Q=U2Rt，Q、t相同得UA：UB=RA:RB=3：1故选C.3、C【解析】考查力的概念与特点。【详解】A力是改变物体运动状态的原因，不是

11、维持物体运动状态的原因，A错误；B作用力与反作用力作用在不同物体上，一对平衡力作用在同一个物体上，B错误；C力的作用是相互的，施力物体同时一定是受力物体，C正确；D一对平衡力不一定是同一种性质的力，比如物体静止于地面上，重力与地面对物体的支持力是一对平衡力，但性质不同，D错误。故选C。4、D【解析】设缸内气体压强P，外界大气压为P0，大活塞面积S，小活塞面积s，活塞和钢球的总重力为G，以活塞和气体整体为研究对象，由物体平衡条件知：（P0P）（Ss）=GA.给气缸缓慢加热，气体温度升高，由盖吕萨克定律知气体体积要增大，从气缸结构上看活塞应向下移动，故A错误；B.增加几个钢球后，整体的重力变大，由

12、式知容器内气体压强必须减小，由玻意耳定律知气体体积要增大，所以活塞应向下移动，故B错误；C.大气压变小时，由式知道缸内气体压强要减小，由玻意耳定律知气体体积要增大，所以活塞应向下移动，故C错误；D. 让整个装置自由下落时，钢球完全失重，由式知道缸内气体压强要增大，由玻意耳定律知气体体积要减小，所以活塞应向上移动，故D正确。5、B【解析】300F30010-6F=3104F.A3108，与结论不相符，选项A错误；B3104，与结论相符，选项B正确；C0.3，与结论不相符，选项C错误；D3105，与结论不相符，选项D错误；故选B.6、A【解析】我国的很多轮船上的驾驶舱里都有一个叫做北斗系统的定位系

13、统接受器的装置.北斗系统接受器通过接受卫星发射的导航信号,实现对轮船的精确定位并导航.卫星向北斗系统接受器传送信息依靠的是电磁波.所以A选项是正确的.BCD错误故选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A由轨迹的弯曲情况，电场力应指向曲线凹侧，且与等势面垂直（电场线垂直该处等势面），由于正电荷的受力方向与场强方向一致，故可画出电场线方向，如图所示。顺着电场线方向电势降低，则知a的电势最高，故A错误；BC如果质点由P运动到Q，电场力方向与速度方向的夹角小于，

14、做正功，电势能减小，动能增大；反之，如果由Q到P，速度或位移与力的方向夹角大于做负功，电势能增大，动能减小，故质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大，通过P点时的动能比通过Q点时小，故B正确，C错误；DP处等势面比Q处密，等势面密处场强大，电荷在P点受的电场力大，加速度就大，故D正确。8、AD【解析】AB跳伞者着陆过程中的加速度约为，赛车起步过程中的加速度约为，可知跳伞者着陆过程中的加速度大于赛车起步过程中的加速度，负号表示二者加速度方向相反，故A正确，B错误；C根据加速度的大小无法比较速度的大小，故C错误；D跳伞者在着陆的过程中，做减速运动，加速度方向与速度方向相反，赛车在起步的过程中

15、，做加速运动，加速度方向与速度方向相同，故D正确9、ACD【解析】当直导线与磁场方向垂直时所受的安培力最大，最大安培力为F=BIL=0.540.2=0.4N可知导线所受的安培力可能为0.4N、0.3N和0，不可能是0.5N。故选ACD。10、BC【解析】A.等量异号电荷形成的电场线和等势面如图所示，结合题图中对应的几何关系可知，靠近负电荷，而靠近正电荷，则可知，点电势一定小于点电势；故A错误；BC.、两点是两电荷单独在两点形成的电场强度的叠加，由图3可知，两点处的两分场强恰好相同，故合场强一定相同，故B、C正确；D.由于点电势一定小于点电势，因电荷带负电，根据可知电子在点电势能大于在点的电势能

16、，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、外 小 0.900 【解析】(1)12因为故应该采用电流表外接法，而电流表外接法中由于电压表分流作用，测量值偏小(2)3由图可得螺旋测微器的读数为：0.5mm+400.01mm=0.900mm(3)4由电阻定律得：由于：联立可得：12、ACE【解析】（1）根据待测电阻的阻值和额定电压比较容易的选择电流表和电压表，滑动变阻器采用分压式接法，可测量多组数值；（2）由待测电阻的大小选择安培表的外接法测量误差较小【详解】（1）123由于待测电阻额定电压为3V而电阻约为10，则待测电阻额定电流约为0

17、.3A，所以电流表选择量程为300mA的电流表A，电压表选择量程为3.0V的电压表C，为了测量精确需要多测量几组，所以滑动变阻器需要采用分压式接法，故用电阻较小的E；（2）4滑动变阻器用分压式，由于待测电阻（阻值大约为10）远小于伏特表内阻(内阻约3k)，所以电流表采用外接法，实验电路如下图：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）0.1s；（3）圆形，面积为0.25m2【解析】（1）据动能定理，电场力对每个微粒做功为代入数据解得微粒打在B板上时动能（2）微粒初速度方向垂直于极板时，到达B板时间最短，到达B板时速度为vt，有代入数据解得根据匀加速直线运动的规律，则有代入数据解得（3）微粒落在B板上所形成的图形是圆形，加速度根据微粒做类平抛运动的规律，则有圆面积为14、（1）UAB= 500 V