北京二十中2023学年高二物理第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、下面几个速度中，表示平均速度的是A子弹击中目标时的速度是800m/s B气象台报道，某台风的移动速度是30m/sC汽车表盘上显示某时汽车速度是80km/hD运动员在百米比赛终点时速度为10.89m/s2、如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计。开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度。下列操作可使指针张开角度增大一些的是A保持开关S闭合，将一块玻璃插入A、B两板间B保持开关S闭合，将A极板向上移动一点C断开开关S后，将A、B两极板分开一些D断开开关S后，将一块金属板插入A、B两板间3、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S， 将滑动变阻器的滑片P

3、向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A灯泡L变亮B电流表读数变小，电压表读数变小C电源的输出功率变小D电容器C上所带的电荷量减少4、生活中有许多谚语和歇后语都蕴含着丰富的物理知识，下列最能说明“物体间力的作用是相互的”这一规律的是A秤砣虽小，能压千斤B人往高处走，水往低处流C水滴石穿非一日之功D鸡蛋碰石头不自量力5、关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（ ）A摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D以上说法均不正确6、一单色光，在空气中的波长为0，在玻璃中的波长为，波速为v，玻璃对这种色

4、光的折射率为n.当此光从玻璃射向空气发生全反射的临界角为A，则（ ）AsinA=nBsinA=c/vCsinA=0DsinA=0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在真空中，电量为Q的点电荷产生的电场中有一个点P，P点与Q相距r，把一个电量为q的试探电荷放在P点，它受的静电力为F，静电力常量为k，则P点电场强度的大小等于ABCD8、在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是AR1短路BR2断路CR3断路DR4短路9、如图所示，用

5、绝缘细线拴住一带正电的小球，在方向竖直向上的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动，则正确的说法是（ ）A若电场力大于重力，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B若电场力小于重力，当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C小球可能做匀速圆周运动D小球不可能做匀速圆周运动10、如图所示，用丝线吊一个质量为m的带电(绝缘)小球处于匀强磁场中，空气阻力不计，当小球分别从A点和B点向最低点O运动且两次经过O点时( )A小球的动能相同B丝线所受的拉力相同C小球所受的洛伦兹力相同D小球的向心加速度相同三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用

6、伏安法测量导体的电阻率，现有量程为3 V、内阻约为3 k的电压表和量程为0.6 A、内阻约为0.1的电流表。采用分压电路接线，待测电阻丝Rx阻值约为5。（1）图甲是未完成的实物连线图，图中a为待测导体右端接线柱，b为电流表正极接线柱，c为滑动变阻器左上端接线柱，d为滑动变阻器左下端接线柱。则导线应连接_（选填a或b）。导线应连接_（选填c或d）。（2）正确接线后，实验测得的数据如下表，请在图乙中作出U-I图线 （_）U/V0.300.400.801.101.201.60I/A0.070.090.180.220.270.35（3）用作图法求得Rx的阻值为_（结果保留两位有效数字）。（4）某次用螺

7、旋测微器测金属丝直径，示数如图丙所示，金属丝的直径d=_mm。测出金属丝长度，则可求出该金属丝的电阻率。12（12分）要描绘标有“2.5V，0.5A”小灯泡L的伏安特性曲线，实验室中有以下一些器材可供选择：电源：E1（电动势为2.0V，内阻为）E2（电动势为3.0V，内阻 为）电压表：V1（量程5V，内阻为）电流表：A1（量程100mA，内阻约）A2（量程0.6A，内阻约）滑动变阻器：R1（可调范围，允许通过最大电流5A）导线，开关若干（1）实验要求电表读数从零开始变化，能完整描绘伏安特性曲线，实验中应该选用电源_，电流表_（填器材的符号）（2）在满足（1）的情况下，在方框中画出实验中所需的电

8、路原理图_ （3）根据（2）中的实验电路图，用笔画线代替导线将实验电路连接完整_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）电源的电动势为6V、外电阻时，路端电压为求：（1）电源的内阻是多大？（2）如果在外电路再并联一个的电阻，流过电源的电流是多大？（3）如果在外电路再串联一个的电阻，电源的输出功率是多大？14（16分）某电机厂有一个圆形500匝的线圈，线圈总电阻为1500欧，2秒末时线圈的电流是，试求该时刻线圈磁通量的变化率是多少？15（12分）如图所示中，一根垂直纸面放置的通电直导线，电流垂直纸内向里，电流强度

9、为I，其质量为m，长为L，当加上一个匀强磁场时，导体仍能够静止在倾角为的光滑斜面，问：（1）最小应加一个多大的磁场？方向如何？（2）调节磁感应强度的大小和方向，使导体所受磁场力的大小为mg，且导体保持静止状态，那么斜面所受的压力是多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析: 子弹击中目标时的速度与某一位置对应，为瞬时速度，所以A错；气象台报道，某台风的移动速度是某一段时间内的速度是平均速度，所以B正确；汽车表盘上显示某时汽车速度是某一时刻的速度，是瞬时速度，所以C错；运动员在百米比赛终点时速度与某

10、一位置对应，为瞬时速度，所以D错考点： 平均速度；瞬时速度2、C【解析】AB：保持开关S闭合，电容器两端电压等于电源的电动势，静电计两端的电势差不变，静电计指针张开角度不变。C：断开开关S后，电容器所带电荷量不变，将A、B两极板分开一些，电容器的电容C=S4kd减小，电容器两极板间电压U=QC增大，静电计两端的电势差变大，静电计指针张开角度变大。D：断开开关S后，电容器所带电荷量不变，将一块金属板插入A、B两板间，电容器的电容C=S4kd增大，电容器两极板间电压U=QC减小，静电计两端的电势差变小，静电计指针张开角度变小。综上，可使指针张开角度增大一些的是C项。3、C【解析】A当滑动变阻器滑片

11、P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻R总增大，电流I减小，灯泡的功率P=I2RL，RL不变，则灯泡变暗，故A错误；B电流表读数变小，电压表读数U=E-Ir变大，故B错误；C当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大。灯泡L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率变小，故C正确；D变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故D错误。故选C。【点睛】本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论。对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等。滑动变阻器滑

12、片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，电流减小，灯泡变暗；根据结论：当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大。灯泡L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率应减小。变阻器两端电压增大，电容器上电荷量增大，电流表读数变小，电压表读数U=E-Ir变大。4、D【解析】“秤砣虽小，能压千斤”利用的是杠杆原理，A错误；“人往高处走，水往低处流”是因为水受到重力作用，B错误；“水滴石穿非一日之功”是指力的作用效果，C错误；“鸡蛋碰石头不自量力”表明力的作用是相互的，D正确故选D。5、C【解析】摩擦起电和感应起电的实质都是电子的转移不论何种起电方式都不能创造电荷故C正确思路分

13、析：根据电荷守恒可知,电荷是不能创生的;摩擦起电和感应起电的实质都是电子的转移试题点评：本题考查了感应起电和摩擦起电的本质,6、D【解析】单色光在空气中传播时，速度为光速C，设其频率为f，则有C=0f，该光在玻璃中传播时，波长为，波速为v，则有v=f，玻璃对此单色光的折射率为n=Cv=0，临界角为A，则有sinA=1n=0，故D正确，A、B、C错误；故选D。【点睛】关键是过光在真空中的传播速度和在玻璃中的传播速度表示出玻璃的折射率，由sinA=1n可得知。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3

14、分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB.电量为q的试探电荷在P点所受的电静电力为F，根据电场强度的定义式得： P点电场强度的大小故A正确，B错误CD.电量为Q的点电荷是场源电荷，它在P点产生的电场强度的大小为故C正确，D错误.故选AC【点睛】本题要掌握电场强度的两个公式和，并要理解这两个公式适用，式中q是试探电荷，Q是场源电荷8、BC【解析】如果R1短路，回路中总电阻变小，干路上的电流会增大，A灯处在干路上，A灯会变亮，所以A项错误；如果R2断路，回路中总电阻变大，干路上电流会减小，A灯变暗，电阻所在并联部分电压变大，电阻上的电流增大，干路电流在减小，流经电阻上的电流会减小，电阻所占电压减小

15、，B灯所占电压变大变亮，B项正确；如果R3断路，回路中总电阻变大，干路上电流会减小，A灯变暗，A灯和所占电压减小，B灯电压变大变亮，所以C项正确；如果R4短路，回路中总电阻变小，干路上的电流会增大，A灯处在干路上，A灯会变亮，所以D项错误9、BC【解析】A、当电场力大于于重力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小，故A错误；B、当电场力小于重力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大，故B正确；C、当重力等于于电场力时，小球做匀速圆周运动故C正确，D错误；故选BC。10、AD【解析】带电小球在重力与拉力及洛伦兹力共同作用下，

16、绕固定点做圆周运动，由于拉力与洛伦兹力始终垂直于速度方向，它们对小球不做功因此仅有重力作功，则有机械能守恒从而可以确定动能是否相同，并由此可确定拉力与洛伦兹力由向心加速度公式和牛顿第二定律列式分析【详解】A、小球运动过程中，所受的细线的拉力与洛伦兹力对小球不做功，仅仅有重力作功，则小球机械能守恒，所以小球分别从A点和B点向最低点O运动且两次经过O点时的动能相同;故A正确.B、小球经过最低点时速度大小不变，则根据牛顿第二定律可知，由于速度方向不同，导致产生的洛伦兹力的方向也不同，则拉力的大小也不同;故B错误.C、小球经过最低点时速度大小不变，由于速度方向不同，导致产生的洛伦兹力的方向也不同，则洛

17、伦兹力不相同;故C错误.D、小球的动能相同则速度的大小相等，据知，v、r相同，可知小球所受的向心力相同,向心加速度相同;故D正确.故选AD.【点睛】本题考查对小球进行受力分析，并得出力做功与否，根据机械能守恒定律来解题是突破口，同时注意洛伦兹力方向随着速度的方向不同而不同最后由牛顿第二定律来分析向心力与向心加速度三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、a d 4.54.8 0.7150.717 【解析】（1）12由题意可知，本实验采用分压接法，故导线要与d接通；由于电流表内阻与待测电阻阻值接近，因此只能采用电流表外接法，以减小实验误差；故导

18、线应接a；（2）根据表中的数据作出的U-I图如下图所示：（3）3根据U-I图象的斜率表示电阻，则有：（4.54.8）（4）4由图示螺旋测微器可知，其示数为：d=0.5mm+21.50.01mm=0.715mm(0.7150.717 mm)12、 （1）E2 A2 （2）电路如图； （3）实物图；【解析】（1）小灯泡功率为2.5V，额定电流为0.5A，所以应该选E2电源，A2电流表（2）因测量灯泡伏安特性曲线实验中需要让电压由零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法；电流表内阻为0.3欧，灯泡电阻为5欧，故灯泡内阻可视为小电阻，所以采用电流表外接来连接（3）根据原理图可得出对应的实物图如图所示；点

19、睛：本题考查描绘灯泡伏安特性曲线的实验，注意本实验中采用滑动变阻器分压接法，同时电流表一般采用电流表外接法，同时注意掌握图象的分析方法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）2A（3）【解析】根据闭合电路欧姆定律列出路端电压的表达式即可求出内阻大小；根据并联电路规律求出外电阻，再由闭合电路欧姆定律求出电流大小；由闭合电路欧姆定律求出电流大小，再由功率公式求出输出功率的大小；【详解】（1）由闭合电路欧姆定律可得：，代入数据得；（2）根据并联电路规律可得：；根据闭合电路欧姆定律有：，代入数据得；（3）由闭合电路欧姆定律可得：电路中电流；输出功率【点睛】本题考查闭合电路欧