四川省成都市强项中学高三物理下学期期末试卷含解析

1、四川省成都市强项中学高三物理下学期期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）2008年9月25日，我国成功发射了“神舟七号”载人飞船在飞船绕地球做匀速圆周运动的过程中，下列说法中正确的是（）A知道飞船的运动轨道半径和周期，再利用万有引力常量，就可以算出飞船的质量B宇航员从船舱中慢慢“走”出并离开飞船，飞船因质量减小，受到地球的万有引力减小，则飞船速率减小C飞船返回舱在返回地球的椭圆轨道上运动，在进入大气层之前的过程中，返回舱的动能逐渐增大，势能逐渐减小D若有两个这样的飞船在同一轨道上，相隔一段距离沿同一方向绕行，只要后一飞船向后喷出

2、气体，则两飞船一定能实现对接参考答案：考点：万有引力定律及其应用；重力势能分析：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式只能求出中心体的质量，无法求出环绕体的质量环绕体的质量改变不影响环绕体的速率分析飞船在进入大气层之前的过程中，万有引力做功情况，再去分析动能和势能的变化运用离心运动的知识解决问题解答：解：A、研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=mR，知道飞船的运动轨道半径R和周期T，再利用万有引力常量G，通过前面的表达式只能算出地球的质量，也就是中心体的质量，无法求出飞船的质量，也就是环绕体的质量故A错误B、研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根

3、据万有引力提供向心力，列出等式：=m，得出v=宇航员从船舱中慢慢“走”出并离开飞船，飞船因质量减小，受到地球的万有引力减小，同时做圆周运动所需要的向心力也减小，万有引力还是完全提供向心力，所以飞船速率不变故B错误C、飞船返回舱在返回地球的椭圆轨道上运动，在进入大气层之前的过程中，万有引力做正功，所以返回舱的动能逐渐增大，势能逐渐减小故C正确D、若有两个这样的飞船在同一轨道上，相隔一段距离沿同一方向绕行，如果后一飞船向后喷出气体，那么后一飞船在短时间内速度就会增加，后一飞船所需要的向心力也会增加，而此时受到的万有引力大小几乎不变，也就小于所需要的向心力那么后一飞船就会做离心运动，偏离原来的轨道，

4、两飞船就不能实现对接故D错误故选C点评：研究天体运动，运用万有引力提供向心力只能求出中心体的质量要同一轨道上的两飞船对接，后一飞船应该先喷出气体加速，再喷出气体减速，才有可能对接2. 用两根长度相等的绝缘细线系住两个质量相等的带电小球A和B，A带正电，B带负电，且|qA|=3|qB|，悬挂在水平向右的匀强电场中，保持平衡状态，能正确表示系统平衡状态的图是（）参考答案：D考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度专题：共点力作用下物体平衡专题分析：运用整体法研究OA绳与竖直方向的夹角，再隔离B研究，分析AB绳与竖直方向的夹角，得到两夹角的关系，判断系统平衡状态解答：解：A带正

5、电，受到的电场力水平向右，B带负电，受到的电场力水平向左以整体为研究对象，分析受力如图设OA绳与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得tan= = 以B球为研究对象，受力如图设AB绳与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得tan= 得到=故选D点评：本题采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力3. （多选题）如图所示的两个平行板电容器水平放置，A板用导线与M板相连，B板和N板都接地让A板带电后，在左边电容器间有一个带电油滴P处于静止状态AB间电容为C1，电压为U1，带电量为Q1，MN间电容为C2，电压为U2，带电量为Q2下列说法正确的是（）A如果将MN间的绝缘介质抽出、带电

6、油滴P将向上移动B如果将MN间的绝缘介质抽出、U1增大，U2增大C如果将N板下移，Q1增大，Q2减小D如果将N板下移，U1减小，U2增大参考答案：ABC【考点】电容器的动态分析；匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】题中电容器MN与平行金属板AB并联，电势差相等，根据左边电容器的电容的变化得出平行金属板两端的电势差变化，从而得出电场强度的变化，判断P粒子的运动情况【解答】解：A、如果将MN间的绝缘介质抽出，根据C=，则电容C2减小，因Q不变，MN端的电势差U=，知电势差增大，所以MN两端的电势差U2增大，电场强度增大，则电场力变大，所以向上运动，当U2增大，U1也增大，故B正确；B、由于电容

7、器MN与平行金属板AB并联，电势差相等，C、如果将N板下移，即增大M、N间的距离，根据C=，则电容C2减小，假设Q2不变，则MN板间的电压U2将增大，大于AB间的电压，故MN板将向AB板充电，故Q2减小，Q1增大；故C正确；D、充电完成，稳定后，MN及AB间的电压均增大，故D错误；故选：ABC4. 质点从静止开始做匀加速直线运动，在第1个2 s、第2个2 s和第5 s内三段位移比为()A265 B287 C4129 D221参考答案：C5. (单选题)如图所示，两个相同的小导线环和大导线环放在同一水平面内，且两小环关于大环圆心对称。当两小环中通过图示方向的电流，电流强度随时间均匀增大且始终相同

8、，大环( )A无感应电流，不存在扩张收缩趋势B有顺时针方向的感应电流，存在扩张趋势C有顺时针方向的感应电流，存在收缩趋势D有逆时针方向的感应电流，存在收缩趋势参考答案：A二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 核电池又叫“放射性同位素电池”，一个硬币大小的核电池，就可以让手机不充电使用5000年. 燃料中钚（）是一种人造同位素，可通过下列反应合成：用氘核（）轰击铀（）生成镎（NP238）和两个相同的粒子X，核反应方程是； 镎（NP238）放出一个粒子Y后转变成钚（），核反应方程是 +则X粒子的符号为 ；Y粒子的符号为 参考答案：，（2分）； （2分）7. 如图所示，质点甲以8m

9、s的速度从O点沿Ox轴正方向运动，质点乙从点Q（0m，60m）处开始做匀速直线运动，要使甲、乙在开始运动后10 s在x轴上的P点相遇，质点乙运动的位移是 ，乙的速度是 参考答案：100m 10/s8. 一种游标卡尺，它的游标尺上有50个小的等分刻度，总长度为49mm用它测量某物体长度，卡尺示数如图所示，则该物体的长度是4.120cm参考答案：考点：刻度尺、游标卡尺的使用专题：实验题分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；解答：解：游标卡尺的固定刻度读数为41mm，游标尺上第6个刻度游标读数为0.0210mm=0.20mm，所以最终读数为：41.20mm=4.120cm；故答案

10、为：4.120点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读9. 用铁架台将长木板倾斜支在水平桌面上，在长木板上安放两个光电门A、B，在一木块上粘一宽度为x的遮光条让木块从长木板的顶端滑下，依次经过A、B两光电门，光电门记录的时间分别为t1和t2实验器材还有电源、导线、开关和米尺（图中未画出） （1）为了计算木块运动的加速度，还需测量的物理量是 （用字母表示）；用题给的条件和你再测量的物理量表示出加速度a= ； （2）为了测定木块与长木板间的动摩擦因数，还需测量的物理量有 （并用字母表示）；用加速度a，重力加速度g，和你再测量的物理量

11、表示出动摩擦因数= .参考答案：（1）两光电门间的距离d； （2）长木板的总长度L；长木板的顶端距桌面的竖直高度h； （1）用遮光条通过光电门的平均速度来代替瞬时速度大小，有：v= ，故，由可得。（2）从A到B过程根据速度-位移公式有： 根据牛顿第二定律有：mgsin-mgcos=ma 其中sin=，cos= 联立解得：=10. 用如图甲所示的装置测定弹簧的劲度系数，被测弹簧一端固定于A点，另一端B用细绳绕过定滑轮挂钩码，旁边竖直固定一最小刻度为 mm 的刻度尺，当挂两个钩码时，绳上一定点P对应刻度如图乙中ab虚线所示，再增加一个钩码后，P点对应刻度如图乙中cd虚线所示，已知每个钩码质量为50

12、 g，重力加速度g9.8 m/s2，则被测弹簧的劲度系数为_N/m.挂三个钩码时弹簧的形变量为_cm.参考答案：70 2.1011. （8分）一辆摩托车能达到的最大速度为30m/s，要想在3min内由静止起沿一条平直公路追上在前面1000m处以20m/s的速度匀速行驶的汽车，则摩托车至少以多大的加速度起动?甲同学的解法是：设摩托车恰好在3min时追上汽车，则at2= vt + s0，代入数据得：a = 0.28m/s。乙同学的解法是：设摩托车追上汽车时，摩托车的速度恰好是30m/s，则=2as=2a（vt + s0），代入数据得：a = 0.1 m/s2 。你认为甲、乙的解法正确吗?若错误请说

13、明其理由，并写出正确的解题过程。参考答案：解析：12. （单选）甲乙丙三辆汽车以相同速度同时经某一路标，从此时开始，甲车一直匀速运动，乙车先匀加速后匀减速，丙车先匀减速后匀加速，他们经过第二块路标时速度又相等，则先通过第二块路标的是A、甲车 B、乙车 C、丙车 D、无法确定参考答案：B13. （1）某次研究弹簧所受弹力F与弹簧长度L关系实验时得到如图a所示的FL图象由图象可知：弹簧原长L0= cm求得弹簧的劲度系数k= N/m（2）按如图b的方式挂上钩码（已知每个钩码重G=1N），使（1）中研究的弹簧压缩，稳定后指针如图b，则指针所指刻度尺示数为 cm由此可推测图b中所挂钩码的个数为 个参考答

14、案：（1）3.0，200；（2）1.50，3【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【分析】根据图线的横轴截距得出弹簧的原长，结合图线的斜率求出他和的劲度系数刻度尺的读数要读到最小刻度的下一位，根据形变量，结合胡克定律求出弹力的大小，从而得出所挂钩码的个数【解答】解：（1）当弹力为零时，弹簧的长度等于原长，可知图线的横轴截距等于原长，则L0=3.0cm，图线的斜率表示弹簧的劲度系数，则有：k=200N/m（2）刻度尺所指的示数为1.50cm，则弹簧的形变量为：x=3.01.50cm=1.50cm，根据胡克定律得，弹簧的弹力为：F=kx=2000.015N=3N=3G，可知图b中所挂钩码的个数为3个故答

15、案为：（1）3.0，200；（2）1.50，3三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. “利用单摆测重力加速度”的实验如图甲，实验时使摆球在竖直平面内摆动，在摆球运动最低点的左右两侧分别放置一激光光源、光敏电阻（光照时电阻比较小）与某一自动记录仪相连，用刻度尺测量细绳的悬点到球的顶端距离当作摆长，分别测出L1和L2时，该仪器显示的光敏电阻的阻值R随时间t变化的图线分别如图乙、丙所示。根据图线可知，当摆长为L1时，单摆的周期T1为 ，当摆长为L2时，单摆的周期T2为 。请用测得的物理量（L1、 L2 、T1 和T2），写出当地的重力加速度g= 。参考答案：2t1 2t2 （1）

16、单摆在一个周期内两次经过平衡位置，每次经过平衡位置，单摆会挡住细激光束，由图乙所示R-t图线可知周期，由图乙所示R-t图线可知周期；（2）由单摆周期公式可得：、得15. 在一次用单摆测定重力加速度的实验中，图A的O点是摆线的悬挂点，a、b点分别是球的上沿和球心，摆长L=_m图B为测量周期用的秒表，长针转一圈的时间为30s，表盘上部的小圆共15大格，每一大格1min。在测量周期时，当摆球摆动稳定后，计时起点应选在小球摆至_时（填“最高点”或“最低点”），测得单摆摆动n=50次时，长、短针位置如图所示，所用时间t=_s，则周期T=_s（结果保留两位有效数字）。用以上直接测量的物理量的英文符号表示重

17、力加速度的计算式为g=_（不必代入数据计算） 参考答案：0.9950 ，最低点，100.2 ，2.0，四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，某人距离墙壁10m起跑，向着墙壁冲去，挨上墙之后立即返回出发点。设起跑的加速度为4 m/s2，运动过程中的最大速度为4 m/s，快到达墙根时需减速到零，不能与墙壁相撞。减速的加速度为8 m/s2，返回时达到最大速度后不需减速，保持最大速度冲到出发点求该人总的往返时间为多少？参考答案：加速阶段：t11 s； s1vmaxt12 m 减速阶段：t30.5 s； s3vmaxt31 m 匀速阶段：t21.75 s 由折返线向起点(终点)线运动的过

18、程中，加速阶段：t41 s； s4vmaxt42 m 匀速阶段：t52 s 该人总的往返时间为tt1t2t3t4t56.25 s 17. 某课外小组经长期观测, 发现靠近某行星周围有众多卫星, 且相对均匀地分布于行星周围, 假设所有卫星绕该行星的运动都是匀速圆周运动, 通过天文观测, 测得离行星最近的一颗卫星的运动半径为R1, 周期为T1, 已知万有引力常量为G.(1)求行星的质量(2)若行星的半径为R, 求行星的第一宇宙速度(3)通过天文观测,发现离行星很远处还有一颗卫星, 其运动半径为R2, 周期为T2, 试估算靠近行星周围众多卫星的总质量.参考答案：设卫星质量为，万有引力提供向心力：,2分,得第一宇宙速度: 2分因为行星周围的卫星均匀分布，研究很远的卫星可把其他卫星和行星整体作为中心天体，设总质量为，由，得2分所以靠近该行星周围的众多卫星总质量,1分18. 如图所示，装甲车在水平地面上以速度v020 m/s沿直线前进，车上机枪的枪管水平，