山东省莱芜市张家洼镇中心中学2022年高二物理月考试卷含解析

山东省莱芜市张家洼镇中心中学2022年高二物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.带电粒子在垂直于匀强磁场的平面内做匀速圆周运动，现欲缩短其旋转周期，可行的方案是（

）A.减小粒子的入射速率

B.减小磁感应强度C.增大粒子的入射速率

D.增大磁感应强度参考答案：D2.（单选）如图所示，虚线表示a、b两个相同圆形金属线圈的直径，圆内的磁场方向如图所示，磁感应强度大小随时间的变化关系均为B=kt(k为常量）。当a中的感应电流为I时，b中的感应电流为A．0

B．0.5IC．I

D．2I参考答案：A3.（单选）关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是A．质点的速度越大，则加速度越大B．质点的速度变化越快，则加速度越大C．质点的速度变化越大，则加速度越大D．质点的加速度减小时，速度一定减小参考答案：B4.（多选题）1905年，爱因斯坦把普朗克的量子化概念进一步推广，成功地解释了光电效应现象，提出了光子说．在给出与光电效应有关的四个图象中，下列说法正确的是（）A．图1中，当紫外线照射锌板时，发现验电器指针发生了偏转，说明锌板带正电，验电器带负电B．图2中，从光电流与电压的关系图象中可以看出，电压相同时，光照越强，光电流越大，说明遏止电压和光的强度有关C．图3中，若电子电量用e表示，v1、vc、U1已知，由Uc﹣v图象可求得普朗克常量的表达式为h=D．图4中，由光电子最大初动能Ek与入射光频率v的关系图象可知该金属的逸出功为E或hvo参考答案：CD【考点】爱因斯坦光电效应方程；光电效应．【分析】验电器的指针发生偏转，仅仅能说明验电器带电；光照越强，光电流越大，说明饱和光电流与光的强度有关；入射光的频率增大，光电子的最大初动能增大，遏止电压增大．根据光电效应方程得出Uc﹣γ的关系式，通过关系式得出斜率、截距表示的含义．根据光电效应方程，结合图线的纵轴截距求出金属的逸出功，结合横轴截距得出金属的极限频率，从而得出逸出功．【解答】解：A、当紫外线照射锌板时，发现验电器指针发生了偏转，仅仅能说明验电器带电；发生光电效应后锌板带正电，所以验电器也带正电．故A错误．B、图2中，从光电流与电压的关系图象中可以看出，电压相同时，光照越强，光电流越大，说明饱和光电流与光的强度有关，不能说明遏止电压和光的强度有关．故B错误．C、根据Ekm=hv﹣W0=eUc，解得，图线的斜率k=，则h=，故C正确；D、根据光电效应方程Ek=hγ﹣W0，当γ=0时，Ek=﹣W0，由图象知纵轴截距﹣E，所以W0=E，即该金属的逸出功E；图线与γ轴交点的横坐标是γ0，该金属的逸出功hγ0，故D正确．故选：CD5.（多选）在使用多用电表的欧姆挡测电阻时，应（）A．使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“∞”处B．每换一次挡位，都要进行一次电阻调零C．在测量电阻时，电流从黑表笔流出，经被测电阻到红表笔，再流入多用电表D．测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较小的挡来测量参考答案：考点：用多用电表测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：使用欧姆表测电阻前要注意机械调零；每换一次挡都要重新进行欧姆调零；欧姆表内置电源的正极与“﹣”插孔相连，即与黑表笔相连，使用欧姆表测电阻时，电流从黑表笔流出，红表笔流入；使用欧姆表测电阻应选择适当的档位，使指针指在中央刻度盘附近，如果指针偏转角度较小，说明所选档位太大，应换小挡．解答：解：A、使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“∞”处，故A正确；B、每换一次挡位，都要进行一次欧姆调零，故B正确；C、在测量电阻时，电流从黑表笔流出，经被测电阻到红表笔，再流入多用电表，故C正确；D、测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较大的挡来测量，故D错误；故选：ABC．点评：本题考查了用多用电表欧姆挡测电阻的注意使用及方法，掌握使用欧姆表的注意使用即可正确解题；要掌握多用电表的使用方法及注意事项．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.在光滑的水平面上，质量为2kg的平板小车以3m/s速度做匀速直线运动，质量为1kg的物体从5m高处自由下落掉在车上.由于物体与车之间存在摩擦,经过0.4s它们达到了共同的速度

m/s，小车所受摩擦力的大小为

N.参考答案：

2

，

5

7.由实验测得弹簧的长度与弹力F的关系如图所示，则弹簧的原长为＿＿＿cm，劲度系数为＿＿＿＿＿＿＿N/m.。参考答案：8.如图所示，一平行板电容器跟一电源相接，当S闭合时，平行板电容器极板A、B间的一带电液滴恰好静止.若将两板间距离增大为原来的两倍，那么液滴的运动加速度为___，液滴的电势能将______（填“增大”、“不变”、“减小”），若先将S断开，再将两板间距离增大为原来的两倍，液滴的运动加速度为_____.参考答案：9.高空作业须系安全带，如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动．此后经历时间t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为

．参考答案：+mg【考点】动量冲量；动量定理．【分析】先根据h=gt2求解自由落体运动的时间，从而求出总时间，对运动全程根据动量定理列式求解平均拉力．【解答】解：对自由落体运动，有：h=gt12解得：t1=规定向下为正方向，对运动的全程，根据动量定理，有：mg（t1+t）﹣Ft=0解得：F=+mg故答案为：+mg10.如图所示，固定在水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动。t=0时，磁感应强度为B0，此时到达的位置恰好使MDEN构成一个边长为l的正方形。为使MN棒中不产生感应电流，从t=0开始，磁感应强度B随时间t变化的函数式是________________参考答案：11.一个电源接8Ω电阻时，通过电源的电流为0.15A；接13Ω电阻时，通过电源的电流为0.10A．则此电源的电动势为

▲

V，内阻为

▲

Ω．参考答案：1.5

2

12.如图所示为一正在测量中的多用电表表盘。如果用×10Ω挡测电阻，则读数为

Ω；如果用直流50V挡测量电压，则读数为

V。参考答案：80

Ω；

32.5

V13.如图所示，A、B两点相距0.1m，AB连线与电场线的夹角θ＝60°，匀强电场的场强E＝100V/m，则A、B间电势差UAB＝__________V。参考答案：-5V三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在研究匀变速直线运动规律的实验中，做匀变速直线运动的小车带动纸带运动，用打点计时器打下一条点迹清晰的纸带，如图所示．打点计时器打点的时间间隔为0.02s，按打点时间先后顺序，每五个点取一个计数点，依次得到A、B、C、D、E五个计数点．用刻度尺量得B、C、D、E各点到A点的距离分别为AB＝7.60cm，AC＝13.60cm，AD＝18.00cm，AE＝20.80cm．由此可知，打点计时器打B点时，小车的速度为

m/s，小车运动的加速度大小为

m/s2，加速度方向与小车运动方向

（填“相同”或“相反”）．参考答案：15.某同学在做“双缝干涉测定光的波长”实验时，第一次分划板中心刻度线对齐A条纹中心时（如图1），游标卡尺的示数（如图3）所示，第二次分划板中心刻度线对齐B条纹中心时（如图2），游标卡尺的示数（如图4）所示。已知双缝间距d=0.5mm，双缝到屏的距离L=1.0m。则：①（图3）中游标卡尺的示数为

mm。②（图4）中游标卡尺的示数为

mm。③所测光波的波长为

m。（保留两位有效数字）参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，在矩形区域abcd内充满垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．在ad边中点O的粒子源，在t=0时刻垂直于磁场发射出大量的同种带电粒子，所有粒子的初速度大小相同，方向与Od的夹角分布在0～180°范围内．已知沿Od方向发射的粒子在t=t0时刻刚好从磁场边界cd上的p点离开磁场，ab=1.5L，bc=L，粒子在磁场中做圆周运动的半径R=L，不计粒子的重力和粒子间的相互作用，求：（1）粒子在磁场中的运动周期T；（2）粒子的比荷；（3）粒子在磁场中运动的最长时间．参考答案：解：（1）初速度沿Od方向发射的粒子在磁场中运动的轨迹如图1，其圆心为θ，由几何关系有：，所以：θ=60°，，解得：T=6t0（2）粒子做圆周运动的向心力由洛仑兹力提供，根据牛顿第二定律得：所以：解得（3）如图2所示，在磁场中运动时间最长的粒子的轨迹的弦Ob=，圆轨迹的半径为L，所以：Ob弦对应的圆心角为120°，粒子在磁场中运动的最长时间．答：（1）粒子在磁场中的运动周期T为6t0；（2）粒子的比荷为；（3）粒子在磁场中运动的最长时间为2t0．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】（1、2）根据几何关系求出粒子在磁场中运动的圆心角，结合粒子的运动时间求出运动的周期，根据周期公式求出粒子的比荷．（3）在磁场中运动时间最长的粒子的轨迹的弦为ob，结合几何关系求出圆心角，从而得出粒子在磁场中运动的时间．17.在远距离输电时，要考虑尽量减少输电线上的功率损失．有一个小型发电站，输送的电功率为P=500kW，当使用U=5kV的电压输电时，测得安装在输电线路起点和终点处的两只电度表一昼夜示数相差4800kWh．求：（1）输电效率η和输电线的总电阻r；（2）若想使输电效率提高到98%，又不改变输电线电阻，那么电站应使用多高的电压向外输电？参考答案：解：（1）输送功率

P=500kW，一昼夜输送电能E=Pt=12000kWh，输电线上损失的电能△E=4800kWh，终点得到的电能E′=E﹣△E=12000﹣4800kWh=7200kWh，所以，输电效率η===60%．

输电线上的电流

=A=100A

输电线损耗功率

Pr=I2r，其中Pr==200kW

代入数据解得r=20Ω．

（2）输电线上损耗功率，原来Pr=200kW，现在要求Pr′=10kW，解得输电电压应调节为U′=22.4kV．

答：（1）输电效率η为60%，输电线的总电阻r为20Ω．（2）电站应使用22.4kV的电压向外输电．【考点】远距离输电．【分析】（1）根据输电线上损失的电能得出终点得到的电能，结合得到的电能和总电能求出输电的效率．根据输送电压和输送功率求出输送电流，根据输电线上损耗的功率求出输电线的电阻．（2）结合输电线上损耗的功率与输送电压的关系，求出调节的电压大小．18.（13分）如图所示，在非常高的光滑、绝缘水平高台边缘，静置一个不带电的小金属块B，另有一与B完全相同的带电量为+q的小金属块A以初速度v0向B运动，A、B的质量均为m。A与B相碰撞后，两物块立即粘在一起，并从台上飞出。已知在高台边缘的右面空间中存在水平向左的匀强电场，场强大小E=2mg/q。求：（1）A、B一起运动过程中距高台边缘的最大水平距离；（2）A、B运动过程的最小速度为多大；（3）从开始到A、B运动到距高台边缘最大水平距离的过程A损失的机械能为多大？参考答案：由动量守恒定律：mυ0=2mυ

①

碰后水平方向：qE=2ma

②

又∵

③

（1）设水平方向运动距离Xm得：

-2aXm=0-υ2 ④

由①②③④解得：