炎德英才湖南名校联盟2026-2027学年高三上学期10月阶段检测物理+答案

注意事项：题卷上无效。符合题目要求的。1.2026年8月，我国湖北东湖实验室在一条约1公里长的直线测试轨道上，成功让一列试验性磁悬浮列车从静止加速至800km/h,全程仅用时5.3秒，再次刷新了超高速磁浮的世界纪录。下列说法正确的是B.A、B两点的角速度之比为1:2C.A、B两点的周期之比为1:1D.A、B两点的向心加速度之比为1:2物理试题(27Y)第1页(共8页)3.在光滑水平面上，质量均为m的物块A、B用轻弹簧连接，A用不可伸长的系统以加速度a向右做匀加速运动。某时刻剪断轻绳，则剪断瞬间A、B的加速度大小分别为C.aA=2a,aB=0D.aA=a,aB=a4.嫦娥七号探测器预计于2027年2月至3月在海南文昌航天发射场择机发射，此次任务不仅是面向月球南极开展综合探测，而且为将来的月球科研站建设、载人登月打下坚实的基础。假设嫦娥七号经地月转移轨道飞行后，通过近月制动成功实施减速，进人距月球表面高度为h的环月目标圆轨道稳定运行，测得该轨道的运行周期为T。已知月球半径为R,引力常量为G,将探测器在轨运动视为匀速圆周运动，则月球的质量M为A.DD5.如图所示，一个质量为m的小球用轻绳悬挂于O点。小球受到水平向左的风力F作用，时细线与竖直方向夹角为θ。重力加速度为g。下列说法正确的是A.稳定时小球所受合力不为零C.稳定时，风力大小F=mgtanθD.若风力逐渐增大，该过程中细线拉力将保持不变6.图甲是智能灌溉喷头给农作物高效灌溉的情景，其模型如图乙所示，喷头安装在离地高度，h=1.25m的支架顶端，水从喷口水平喷出(视为平抛运动),忽略空气阻力。喷头可绕竖直轴旋转，并调节水平初速度大小vo,从而覆盖圆形灌溉区域。取重力加速度g=10m/s²。关于该喷头的喷洒规律，下列说法正确的是甲A.水从喷口水平喷出后竖直方向的分速度保持不变B.水落地时的竖直分速度大小为5m/sC.若初速度vo=2.5m/s时，则水落地时速度方向与水平方向的夹角为45°7.2026年8月19日，我国某可重复使用运载火箭的助推器采用“网系回收”方式成功着陆，如图所示，已知助推器质量为m,落人回收网瞬间的速度大小为vo,方向竖直向下，助推器在网面作用下竖直下移距离d后速度减为零。已知助推器在该减速过程中仅受重力和网面作用力，且网面作用力可视为恒力。不计空气阻力，重力加速度大小为g。则在此减速过程中，下列说法正确的是A.助推器的加速度方向竖直向下B.网面对助推器的作用力大小为C.网面作用力对助推器做功的平均功率大小D.网面对助推器做功的大小与合力对助推器做功的大小之比题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.智能仓储中，一辆AGV(自动导引)小车从充电站出发，沿直线轨道向货架区行驶。其v—t图A.小车在0～t₁时间内的加速度逐渐增大B.小车在t₁~t₂时间内加速度方向与速度方向相反C.小车在0～t1时间内的平均速度大D.小车在t₁~t₂时间内的位移为vo(t₂一t₁)直线飞行20m,将餐品送达写字楼B点的取餐窗口。无风时无人机的飞行速度(即机头指向B.无人机沿OB方向的实际飞行速度大小为4m/sD.若风速突然增大(风速仍小于5m/s),为保持航线不变，需适当增大夹角θ水平向右恒力，同时质量m=1kg的小物块(可视为质点)以vo=15m/s的初速度从左端滑上木板。已知木板长度L=7.8m,木板与地面、小物块与木板间的动摩擦因数分别为μ=钩码个数/个01230(3)重物从O点运动到B点过程中，动能的增加量△Ek=J,重力势能误差允许范围内机械能守恒。请根据第(3)问数据，计算本次实验的相对误差η= 滑雪板与倾斜轨道AB之间的动摩擦因数μ=0.25,与水平轨道BC之间的动摩擦因数甲足够长。一质量m=1kg的滑块(可视为质点)从A点由静止释放，到达B点时速度大小物理试题(27Y)第7页(共8页)物理试题(27Y)第8页(共8页)高三物理二参考答案一、单项选择题(本大题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求)题号1234567答案BADCCBDB正确；由于轨道是直线，且列车从起点到终点单向行驶，位移大小等于路程，C错误；“5.3秒”是时间间隔，A对。根据v=wr,有WA:wB=rB:rA=2:1,B错。根据,周期与角速度成反比，故TA:TB=1:2,C错。根据,线速度相等时向心加速度与半径成反比，故aA:aB=rB:rA=2:1向左),细线拉力T(沿细线方向),竖直方向Tcosθ=mg,水平方向Tsinθ=F,解得,F=mgtanθ,地时竖直分速度v,=5m/s,水平分速度vo=2.5做功为合力对助推器做的功为,二者大小之比,D正确。二、多项选择题(本大题共3小题，每小题5分，共15分。每小题给出的4个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)题号89答案C正确；小车在t₁~t₂时间内的位移为,D错误。故选BC。9.BD【解析】机头向南偏，其南向分速度vsi实际前进速度就是东向分量v实=vcosθ=4m/s,B正确；无人机从O到B所需时间s,C错误；风速增大时，无人机必须把机头更偏向南(即增大θ)才能顶住，否则会被吹偏航线。D正确。故选BD。10.ACD【解析】小物块刚滑上木板时，对木板进行分析，根据牛顿第二定律有F+μ2mg-μ1(m+M)g=Ma₁,解得a₁=10m/s²,对小物块进行分析，根据牛顿第二定律有μ2mg=ma₂,解得az=5m/s²,故A正确；t=1s时，小物块的速度v₁=vo—a₂t=10m/s,此时木板的速度v₂=a₁t=10m/s=v₁,两者的相对位移x相1=t=1s时，小物块与木板速度恰好相等，之后两者不能够保持相对静止，小物块以a₂=5m/s²的加速度向右做匀加速直线运动，木板以比小物块更大的加速度向右做匀加速直线运动，对木板进行分析，根据牛顿第二定律有F—μ2mg-μ1(m+Mg=Mas,解得a₃=7.5m/s²,上述过程小物块相对于木板向左运动，则有x相1=v2t₁,解得t₁=√6s,可知，小物块从木板左端脱离的时间t₂=t+t₁=(1+√6)s,故C正确；若t=2s时撤去外力F,由于t₂=t+t₁=(1+√6)s>2s,令t₃=2s-1s=1s,结合上述可知，此时小物块与木板的速度分别为v₃=v₁+azt₃=15m/s,v₄=v₂+a₃t₃=17.5m/s,此时间内小物块相对于木板向左运动，则相对位移为25m,撤去外力F后小物块向右继续以a₂=5m/s²的加速度做匀加速直线运动，木板向右做匀减速直线运动，对木板进行分析有μzmg+μ(m+M)g=Ma₄,解得a₄=3.75m/s²,经时间t₄两者达到相同速度，则有v₅=v₃+a₂t₄=v₄—a₄t₄,解得S,此时间内小物块相对于到相同速度后，小物块没有从左端滑离木板，之后两者保持相对静止，做匀减速直线运动，一直到速度减到0后静止，即若t=2s时撤去外力F,小物块最终不会从木板上脱离，故D正确。故选ACD。三、非选择题(本题共5小题，共57分)11.(6分，每空2分)(1)刻度尺(或“毫米刻度尺”)(2)正比(3)50(2)表中伸长量随钩码个数(即拉力)均匀增加，每加1个钩码，伸长量增加1.00cm,拉力与伸长量的比值恒定，说明二者成正比。(3)1个钩码重力G=mg=0.05×10N=0.5N,对应伸长量,代入数据解得k=50N/m。12.(10分，每空2分)(1)D(2)1.98(3)1.961.98(4)1.0用交流电源，C错；重物靠近打点计时器可减小纸带起始段的长度测量误差，D正确。(2)当打点计时器打下B点时，重物的速度大小(3)从O点运动到B点过程中，动能的增加量J,重力势能的减少量△Ep=mghB=由匀变速直线运动公式得v=2a₂s………………………(1分)该题使用其他方法只要合理均给分。滑块从C点水平飞出后做平抛运动，设飞行时间为t,则水平位移x=vct…………………………(1分)竖直位移设落到斜面瞬间速度方向与水平方向的夹角为α,则该题使用其他方法只要合理均给分。(2)小车碰前速度为2m/s,碰后小车向左运动，速度大小不变，牵引力向右，阻力也向右，合力为F+f=(3)设