广东省梅州市南口中学高二物理下学期期末试题含解析

1、广东省梅州市南口中学高二物理下学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，a、b两点的电势分别为a50 V，b20 V，则a、b连线的中点c的电势满足Ac35 VBc35 VCc35 VD无法判断参考答案：B2. 下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有场强EF/q场强EU/d场强EkQ/r2电场力做功WUqA、 B、 C、 D、参考答案：D3. 关于简谐运动，下列说法中正确的是（ ）。A位移减小时，加速度减小，速度增大。B位移放向总跟加速度方向相反，跟速度方向相同。C

2、物体的运动方向指向平衡位置时，速度跟位移方向相反，背向平衡位置时，速度跟位移方向相同。D水平弹簧振子朝左运动时，加速度方向跟速度方向相同，朝右运动时，加速度方向跟速度方向相反。参考答案：4. 用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程。下列属于这类传感器的是（ ）A红外报警装置 B走廊照明灯的声控开关C自动洗衣机中的压力传感装置 D电饭煲中控制加热和保温的温控器参考答案：A5. （单选）两个电容器，两极板间的电势差之比为2：3，带电量之比为3：2，则等于（）A2：3B3：2C4：9D9：4参考答案：考点： 电容版权所有专题： 电容器专题分析： 已知两个电容器的电

3、量和电压之比，根据电容的定义公式C=列式后比较即可解答： 解：两个电容器，两极板间的电势差之比为2：3，带电量之比为3：2，根据公式C=，有：=；故选：D点评： 本题关键是记住电容器的定义公式C=，基础题目二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变,则气泡上升过程中,气泡内的气体 热量,内能 .参考答案：吸收,不变(每空2分)7. 如图所示，当航天飞机在环绕地球的轨道上飞行时，从中释放一颗卫星，卫星与航天飞机保持相对静止，两者用导电缆绳相连，这种卫星称为绳系卫星，利用它可以进行多种科学实验。现有一颗绳系卫星在地球赤道上空由东往西方向运行。

4、卫星位于航天飞机正上方，它与航天飞机间的距离约20km，卫星所在位置的地磁场沿水平方向由南往北约510-5T。如果航天飞机和卫星的运行速度约8km/s，则缆绳中的感应电动势大小为 V， 端电势高（填“A”或“B”）。参考答案：8. （填空）（2011秋?花山区校级期末）在电场P处，有一个5.01015C的点电荷受电场力为1.01013N，则此处电场强度E= N/C；若点电荷的电量变为1.01014C，那么P点处的场强E= N/C，这个点电荷受到的静电力是 N参考答案：20； 20；2.01013电场强度根据E=得，电场强度 E=N/C=20N/C电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定，与试

5、探电荷无关，所以点电荷的电量变为1.01014C，电场强度不变，仍然为20N/C根据E=得，点电荷受到的静电力 F=Eq=201.01014=2.01013（N），故答案为：20； 20；2.010139. 一个电流表的满刻度电流值Ig0.6 A，面板如图所示，那么它每一小格所相应的电流是_ mA，指针现在的电流示数是_ A如果这个量程为0.6 A的电流表内阻Rg60 ，要把这个电流表的量程扩大成3 A，那么应该在Rg上_联一个电阻RS，RS的大小应是_；连上RS后，测某一电流，指针仍指到如图所示位置，则该电流是_ A，连上RS后，刻度盘上每一小格所代表的电流值是未连上RS前的_倍参考答案：答

6、案200.34并151.75解析该问题考查电流表的读数和改装，当满偏刻度为0.6 A时，读刻度板上面刻度，每十个小格是0.2 A，所以每一个小格是0.02 A，要想扩大电流表的量程，应该并联一个电阻以便分流，所分的电流为2.4 A，所以电阻是表头内阻的.10. 磁感线可以形象地描述磁场的分布。磁感线的 反映磁场的强弱；磁感线上 表示该点磁场方向。参考答案：11. 把一根粗细均匀、电阻为20的电阻丝对折后，它的电阻变为_。参考答案：12. 如图（a）所示，一个100匝的线圈的两端跟R = 9的电阻相连接，置于竖直向下的匀强磁场中，线圈的横截面积是20cm2，电阻为l，磁场的磁感应强度随时间变化的

7、图象如图（b）所示，线圈中产生的感应电动势为 V，磁场变化过程中通过电阻R的电流为 A。参考答案： 2，0.213. 如图所示在竖直平面xOy内存在着竖直向下的匀强电场，带电小球以初速度v0，从O点沿Ox轴水平射入，恰好通过平面中的A点，OA连线与Ox轴夹角为60，已知小球的质量为m，则带电小球通过A点时的动能为_参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，在图示状态下开始做实验，该同学的装置和操作中的主要错误是（至少写出两个错误）：长木板右端未垫高以平衡摩擦力错用了直流电源参考答案：考点：验证牛顿第二运动定律

8、专题：实验题分析：根据题目中给出的实验电路图，分析实验中存在的错误，从中找出两条回答即可解答：解：由图可知，本实验存在以下错误：长木板右端未垫高以平衡摩擦力（或没有平衡摩擦力）；错用了直流电源（或应该用交流电）；牵引小车的细线与板不平行；开始实验时，小车离滑轮太近（或小车离打点计时器太远、牵引小车的细线太短）；钩码不能满足远小于小车质量的条件，应换用砂桶（只说换用桶不给，必须说明原因才行）故答案为：长木板右端未垫高以平衡摩擦力；错用了直流电源15. 如图1所示，在做“碰撞中的动量守恒”实验中（1）下面是本实验部分测量仪器或工具，需要的是 A秒表 B天平C刻度尺 D弹簧秤（2）完成本实验，下列必

9、须要求的条件是 A斜槽轨道末端的切线必须水平 B入射球和被碰球的质量必须相等C入射球和被碰球大小必须相同 D入射球每次不必从轨道的同一位置由静止滚下（3）某次实验中用游标卡尺测量小球的直径，如图2所示，该小球的直径为 mm（4）某次实验中得出的落点情况如图3所示，假设碰撞过程中动量守恒，则入射小球质量m1和被碰小球质量m2之比为 参考答案：（1）BC （2）A C （3）11.3 （4）4：1【考点】验证动量守恒定律【分析】两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代根据

10、实验的原理确定所需的器材游标卡尺的读数等于固定刻度读数加上游标读数，不需估读根据小球的水平位移关系得出速度关系，结合动量守恒定律得出入射小球和被碰小球的质量关系【解答】解：（1）在本实验中，用水平位移代替速度，验证动量守恒定律，需要测量质量和水平位移，所以所需的器材为：天平和刻度尺故选：BC（2）A、为了使小球做平抛运动，斜槽轨道的末端切线必须水平故A正确B、为了发生正碰，且入射小球不反弹，入射小球的质量应大于被碰小球的质量，两球的大小需相同故B错误，C正确D、为了使入射小球每次到达底端的速度相同，则每次必须从同一位置由静止释放故D错误故选：AC（3）游标卡尺的固定刻度读数为11mm，游标读数

11、为0.13mm=0.3mm，则小球的直径为11.3mm（4）A球单独释放时的水平位移为x1=25.50cm，与B球碰后，A球的水平位移为x2=15.50cm，B球的水平位移为x3=41.101.10cm=40cm根据动量守恒定律得：m1x1=m1x2+m2x3，解得：m1：m2=4：1故答案为：（1）BC （2）A C （3）11.3 （4）4：1四、计算题：本题共3小题，共计47分16. （10分）一个质量为m=1.0103kg，带电量为q=1103C的带正电小球和一个质量也为m不带电的小球相距L=0.2m，放在光滑绝缘水平面上，当加上如图所示的匀强电场和匀强磁场时，（E=103N/C，B=

12、0.5T）带电小球开始运动并与不带电小球发生正碰，碰后粘合在一起。问：（1）两球碰后速度是多大？（2）从两球碰后到两球离开水平面，还要前进多远？参考答案：解析：（1）设碰前速度为v0，则有qEL=. （2分）由动量守恒有mv0=2mv1. （2分）解得v1=10m/s. （1分）（2）设两球离开水平面时速度为v2则有qv2B=2mg. （2分）又qES=. （2分）解得S=1.5m. （1分）17. 如图所示，在磁感应强度为B的水平方向的匀强磁场中竖直放置两平行导轨，磁场方向与导轨所在平面垂直。导轨上端跨接一阻值为R的电阻（导轨电阻不计）。两金属棒a和b的电阻均为R，质量分别为和，它们与导轨相

13、连，并可沿导轨无摩擦滑动。闭合开关S，先固定b，用一恒力F向上拉，稳定后a以的速度匀速运动，此时再释放b，b恰好保持静止，设导轨足够长，取。（1）求拉力F的大小；（2）若将金属棒a固定，让金属棒b自由滑下（开关仍闭合），求b滑行的最大速度；（3）若断开开关，将金属棒a和b都固定，使磁感应强度从B随时间均匀增加，经0.1s后磁感应强度增到2B时，a棒受到的安培力正好等于a棒的重力，求两金属棒间的距离h。参考答案：（1）当汽车速度达到最大，即Ff1分fkmg=2 000NPfvm 1分得： vm=30m/s1分（2）汽车做匀加速运动：F1fma 1分 F1=3 000N 设汽车刚达到额定功率时的速度v1：PF1v11分v1=20m/s设汽车匀加速运动的时