苏科版物理八年级下册下学期期末考试复习2-实验专题-解析版

2024年八年级下学期期末复习2实验专题一、典型试题1．如图所示，这是小强同学设计的测牛奶密度的实验步骤及他的操作示意图：A．测出空杯子的质量为m1（如图A）；B．将一袋牛奶倒一部分在空杯中，测得烧杯和牛奶的总质量为m2（如图B）；C．将烧杯中的牛奶再全部倒入量筒中，测得其体积为V（如图C）；D．计算出牛奶的密度ρ。（1）小强测得牛奶的质量m＝75g；（2）请你帮小强计算出牛奶的密度ρ＝1.25×103kg/m3；（3）其实小强设计的实验步骤有明显的瑕疵，对此小华认为这是由于以量筒中的牛奶为研究对象，所测质量偏大所引起的；小明认为这是由于以烧杯中的牛奶为研究对象，所测体积偏小所引起的。这两位同学的分析C。A．只有小华正确B．只有小明正确C．两人都正确D．两人都错误（4）细心而聪明的你一定已经发现，只要调整一下操作顺序就可以避免这一瑕疵，说说你调整后的操作顺序BCAD（请重新排列ABCD的顺序）。（5）同组的小红认为只用天平、烧杯和已知密度为ρ0的金属块就能测出一瓶牛奶的密度ρ，步骤如下：①用已调节好的天平测出金属块的质量m1；②把金属块放入空烧杯中，往烧杯中倒入适量牛奶，使金属块浸没在牛奶中，在烧杯液面位置做好标记。测出此时瓶、金属块和牛奶的总质量为m2。③取出金属块，放在台面上，往烧杯中倒牛奶，直至液面到达标记处，测出此时瓶和牛奶的总质量为m3。④ρ＝（用符号表示），金属块取出时带走部分牛奶，测量结果不变（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。【答案】（1）75；（2）1.25×103；（3）C；（4）BCAD；（5）瓶和牛奶；；不变。【解析】解：（1）根据天平的读数方法可知，烧杯的质量为m杯＝20g+10g+4g＝34g，烧杯和牛奶的总质量m总＝100g+5g+4g＝109g，所以牛奶的质量为m＝m总﹣m杯＝109g﹣34g＝75g；（2）根据量筒的读数方法，视线与凹面低处相平，量筒内牛奶的体积V＝60mL＝60cm3；ρ牛奶＝＝＝1.25g/cm3＝1.25×103kg/m3；（3）由于往量筒中倒牛奶时，烧杯壁会粘有少量牛奶，不能全部倒尽，致使测得牛奶的体积偏小，根据密度公式ρ＝可知，质量不变，体积偏小，所以测出牛奶的密度偏大；以量筒中的牛奶为研究对象，所测质量偏大，体积准确，因而密度偏大，故两人分析都正确；（4）先将一袋牛奶倒一部分在空杯中，测量牛奶和空杯的总质量；然后将杯中的牛奶再倒入量筒中，测得其体积；再测出空杯子的质量，最后根据密度公式计算量筒中牛奶的密度，这样就减小了实验误差，所以调整后的操作顺序为：BCAD。按这个实验步骤进行实验，可以更准确的测出牛奶的密度。因为，实验中所要研究的是倒入到量筒中的牛奶的密度。（5）根据题意知，在步骤③中取出金属块，放在台面上，往烧杯中倒牛奶，直至液面到达标记处，测出此时瓶和牛奶的总质量为m3；此时向烧杯中倒入牛奶的质量m＝m1﹣m3﹣m2，因往烧杯中倒牛奶直至液面到达标记处，所以倒入牛奶的体积等于金属块的体积，则该过程倒入牛奶的体积牛奶的密度虽然金属块取出时会带走部分牛奶，但倒入奶达到标记处时测得烧杯和牛奶的总质量m3不变，且测得的质量m1、m2准确，根据上面表达式可知，计算出的牛奶密度值不变。故答案为：（1）75；（2）1.25×103；（3）C；（4）BCAD；（5）瓶和牛奶；；不变。2．小华用天平、烧杯、油性笔及足量的水测量一块鹅卵石的密度，实验步骤如下：①用天平分别测出鹅卵石的质量31.6g和空烧杯的质量是90g；②如图甲，把鹅卵石放入烧杯中，往烧杯倒入适量的水，用笔在烧杯壁记下此时水面位置为M，然后放在天平左盘，如图丙，杯、水和鹅卵石的总质量为161.6g；③将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，如图乙所示，用天平测出杯和水的总质量为142g，则鹅卵石的体积为12cm3；④根据所测数据计算出鹅卵石的密度为2.6g/cm3，按照这样的方法测出来的密度值仍然准确（选填“偏大”“偏小”或“仍然准确”）；⑤若小明在步骤③的测量过程中，用镊子添加砝码并向右旋动平衡螺母，直到天平平衡，此错误操作将导致所测密度偏大；⑥小华找来一只量筒接着测量吸水砖的密度：她先用调节好的天平测出砖块的质量为m1；然后在量筒中装入适量体积的水，记为V1；再将砖块浸没在量筒的水中，直至水中不再冒泡，读出量筒中水的体积，记为V2；最后取出砖块擦干表面的水，测出其此时的质量为m2，则砖块吸收的水的体积是V水＝。砖块密度的表达式ρ砖＝。【答案】②161.6；③12；④2.6；仍然准确；⑤大；⑥；。【解析】解：②杯、水和鹅卵石的总质量m总＝100g+50g+10g+1.6g＝161.6g；③原来烧杯中水和烧杯的总质量m杯+水1＝161.6g﹣31.6g＝130g，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，用天平测出杯和水的总质量为142g，后来所加水的体积等于鹅卵石的体积，则鹅卵石的体积为；④鹅卵石的密度；按照这样的方法测出来的质量和体积都是准确的，所以测得的密度是准确的。⑤小明在步骤③的测量过程中，用镊子添加砝码并向右旋动平衡螺母，直到天平平衡，说明测得的水和烧杯的总质量偏小，使得后来所加水的质量偏小，鹅卵石的体积偏小，而质量测量准确，由可知，测得的密度会偏大；⑥砖块质量为m1，取出砖块擦干表面的水，测出其此时的质量为m2，则砖块吸收的水的体积为；砖块的体积，砖块的密度＝。故答案为：②161.6；③12；④2.6；仍然准确；⑤大；⑥；。3．小明做测量硫酸铜溶液质量和密度的实验。（1）小明需要在烧杯中注入80g硫酸铜溶液，器材有：托盘天平（砝码有100g、50g、10g、5g的各1个，20g的2个）、硫酸铜溶液、烧杯等。他的操作是：①将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻度线处，调节天平平衡；②测量空烧杯的质量，所加砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯的质量为37.4g；③保持游码位置不变，再在右盘中加入100g砝码，接下来的具体操作是：取下20g砝码，然后向烧杯中加入硫酸铜溶液，并用滴管调节，直至天平再次平衡。（2）小明又找来有清零功能（如图乙）的电子秤、一个柱形容器、水、刻度尺，想测出硫酸铜溶液的密度，已知水的密度为ρ水。请在空白处填入适当内容：①在柱形容器外壁上做三处标记，用刻度尺分别测量标记到容器底的高度为h1、h2、h3；②将柱形容器放在电子秤上，按清零键后，电子秤示数变为零，再往容器内先后倒入适量水，使水面分别到达h1、h2、h3标记处，分别记录电子秤示数为m1、m2、m3；③将柱形容器内水倒去、擦干后放到电子秤上清零，再缓缓倒入硫酸铜溶液，直至标记h1处。记录电子秤示数为m1'。则硫酸铜溶液的密度ρ＝ρ水（用符号表示）；④继续往其中缓缓倒入硫酸铜溶液，直至标记h2、h3处，分别记录电子秤示数为m2'、m3'；⑤作出水和硫酸铜溶液的m﹣h图象，如图丙。已知h2＝10cm，根据图象可知，h1＝6.7cm（保留一位小数），m3'＝84g。【答案】（1）①零刻度线；②37.4；③取下20g砝码；（2）ρ水；6.7；84。【解析】解：（1）①使用天平时，要将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻度线处，调节天平平衡。②如图甲所示，横梁标尺的分度值为0.2g，则烧杯的质量为m＝20g+10g+5g+2.4g＝37.4g，③要在烧杯中注入80g硫酸铜溶液，则硫酸铜溶液和烧杯的总质量为m总＝m液+m杯＝80g+37.4g＝117.4g，所以保持游码位置不变，再在右盘中加入100g砝码，接下来的具体操作是取下20g砝码，然后向烧杯中加入硫酸铜溶液，并用滴管调节，直至天平再次平衡即可。（2）③液体倒至同一标记处时，体积相同，根据m＝ρV可知质量和密度成正比，则有＝，则硫酸铜溶液的密度为ρ＝ρ水，⑤对于硫酸铜溶液，根据ρ＝＝，可知质量和高度成正比，h2＝10cm时，硫酸铜溶液质量为60g，当高度为h1时，质量为40g。则有＝，解得：h1≈6.7cm。当高度为h2时，水的质量为50g，硫酸铜溶液的质量为60g，则＝＝＝1.2，当高度为h3时，水的质量70g，则有＝＝＝1.2，解得：m3′＝84g。故答案为：（1）①零刻度线；②37.4；③取下20g砝码；（2）ρ水；6.7；84。4．在学习“从粒子到宇宙”这一章节时，我们完成了一些小实验。（1）如图甲所示，封闭玻璃管中的水和酒精混合后总体积变小说明了分子间存在着间隙；注入的液体1是水；（2）如图乙所示，将两个表面光滑的铅块相互紧压后，能在它们的下方挂多个钩码，这是因为分子之间存在引力；如图丙所示，当带电的塑料棒靠近轻质铝箔条的一端时，铝箔条会偏转，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；（3）如图丁所示，将塑料绳的一端扎紧，尽可能将其撕成更多的细丝，用干燥的手从上向下捋几下，发现细丝张开。这是因为细丝带了同种（选填“同种”或“异种”）电荷，细丝带电的实质是电子在物体间转移。【答案】（1）分子间存在着间隙；水；（2）分子之间存在引力；吸引轻小物体；（3）同种；电子。【解析】解：（1）因为分子间存在着间隙，所以，水和酒精充分混合后，酒精分子和水分子分别进入了对方分子的空隙中，使得水和酒精混合后的总体积变小；因水的密度大于酒精的密度，所以注入的液体1是水；（2）将两个表面光滑的铅块相互紧压后，能在它们的下方挂多个钩码，这说明分子之间存在相互作用的引力；当带电的塑料棒靠近轻质铝箔条的一端时，铝箔条会偏转，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；（3）塑料细丝与手摩擦，摩擦起电，由于不同的塑料细丝带有同种电荷，同种电荷相互排斥而导致细丝蓬散开来；塑料丝带电的实质是电子在物体间发生了转移。故答案为：（1）分子间存在着间隙；水；（2）分子之间存在引力；吸引轻小物体；（3）同种；电子。5．在探究“弹簧长度与外力的变化关系”时，有一根弹簧以及几个相同质量的钩码，先用弹簧来做实验。并记录了相应的数据，如表。钩码总重/N00.51.01.52.02.53.03.54.0指针位置/cm2.53.03.54.04.55.05.55.85.8弹簧的伸长量/cm00.51.01.52.02.53.03.33.3（1）分析数据，可以得出的结论是：在弹簧的弹性范围内，弹簧的伸长量跟所受拉力成正比；（2）根据实验数据作出“弹簧长度与外力的变化关系”图像是如图甲所示的B图，由图表和该图像可知该弹簧制成的弹簧测力计的量程是：0～3.0N。（3）在秤钩下挂一个重为1N的容器，然后在测力计的某些刻度上标上密度值，就制成了简单而实用的液体密度秤。当在此容器中加满水，指针位置如图乙所示，则此容器的容积为100mL。只要在容器中加满待测液体，就可以直接“称”出该液体的密度。在这测力计上，密度为“0”刻度应标在原刻度1N处。此“密度秤”的最大测量值是4g/cm3，此“密度秤”的分度值是0.2g/cm3。要增大这种密度秤的量程，可采取的措施是减小容器的质量。（写出一种即可）（4）改装完成后，小明利用此密度秤测量某液体密度时，发现小桶中的液体没有装满，则该密度秤所测得的液体密度与真实值相比偏小（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。【答案】（1）伸长量；（2）B；0～3.0N；（3）100；1；0～4；0.2；减小容器的质量。（4）偏小。【解析】解：（1）由表中数据可知：钩码的拉力每增加0.5N，弹簧伸长量也增加0.5cm，所以弹簧的伸长量与钩码的拉力成正比，前提是钩码的拉力不能大于3.0N；可以得出的结论：在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长量跟所受拉力成正比；（2）结合表中数据和图像可知，弹簧的原长为2.5cm，所以横坐标应从2.5cm处开始，所以A错误；当超过弹簧的弹性限度，即使再增加物体的重力，弹簧也不会再伸长，故C错误；所以只有B符合题意，故选B；当F≥3.5N时，弹簧的长度不再变化，所以弹簧测力计的量程是：0～3.0N；（3）容器的重力为1N，倒入水后是2N，则水的重力为G'＝2N﹣1N＝1N；根据G＝mg＝ρVg知，1N＝1.0×103kg/m3×V×10N/kg；解得V＝1×10﹣4m3＝100cm3＝100mL；空容器挂在秤钩上时示数为1N，所以示数1N处即密度秤的零刻度；在容器中倒入100mL的待测液体，当测力计示数为最大值5N时，液体的重力为：G＝5N﹣1N＝4N，液体的质量为：m＝＝0.4kg＝400g，液体的体积为：V＝100mL＝100cm3＝1×10﹣4m3，液体的密度为：ρ＝＝4g/cm3，所以，此“密度秤”的测量范围是：0～4g/cm3；而0～4g/cm3；范围内，共有20个小格，故分度值为0.2g/cm3；在测力计刻度一定的情况下，减小容器的质量，按上面步骤计算出的液体密度会变大，即可增大该密度秤的量程。（4）利用此密度秤测量某液体密度时，发现小桶中的液体没有装满，所测质量偏小，而认为体积还是100cm3；故计算的密度偏小。故答案为：（1）伸长量；（2）B；0～3.0N；（3）100；1；0～4；0.2；减小容器的质量。（4）偏小。6．下表是研究物体所受的重力跟物体的质量的关系实验得到的数据：实测物体质量m/kg重力G/NA物体10.10.98物体20.21.96物体30.32.94（1）研究过程中，所用的测量工具是弹簧测力计和天平。（2）为了探究物体的重力和质量之间是否成正比的关系，请完成设计的表格中空缺处A的内容：G/m（N/kg）。（3）分析表中实验数据，得出的结论是物体的重力和质量成正比。你判断的依据重力与质量之比为一定值。（4）某科学探究小组测量了不同地点的g值大小，数据如下表所示。分析表中数据，可以发现：地点赤道广州上海北京莫斯科北极g值大小9.7809.7889.7949.8019.8169.832地理纬度0°23°06′N31°12′N39°56′N55°45′N90°N①g值最大的位置在北极；②g值与地理纬度的关系地理纬度越高，g值越大；③为了使②中的结论更可靠，你的建议是在地理纬度不同的其它地方测量g值大小；④我国与许多国家之间的贸易往来频繁，在这些往来的货物运输中，发货单上所标示的“货物重量”，实质上应该是货物的质量。【答案】（1）弹簧测力计；天平；（2）G/m（N/kg）；（3）重力；质量；重力与质量之比为一定值；（4）①北极；②地理纬度越高，g值越大；③在地理纬度不同的其它地方测量g值大小；④质量。【解析】解：（1）研究物体所受的重力跟物体的质量的关系实验，要测量物体的重力和质量，故研究过程中，所用的测量工具是弹簧测力计和天平；（2）为了探究物体的重力和质量之间是否成正比的关系，可求出重力与质量之比，故设计的表格中空缺处A的内容：G/m（N/kg）；（3）分析表中实验数据，质量增大为原来的几倍，重力也增大为原来的几倍，重力与质量之比为一定值，得出的结论是物体的重力和质量成正比，判断的依据重力与质量之比为一定值；（4）分析表中数据，可以发现：①由表数据知，g值最大的位置在北极；②根据表中数据可知，g值与地理纬度的关系地理纬度越高，g值越大；③为了使②中的结论更可靠，要多次测量，即在地理纬度不同的其它地方测量g值大小；④质量是物体本身的一种性质，与位置无关，所以我国与许多国家之间的贸易往来，发货单上所标示的“货物重量”实质上应该是货物的质量。故答案为：（1）弹簧测力计；天平；（2）G/m（N/kg）；（3）重力；质量；重力与质量之比为一定值；（4）①北极；②地理纬度越高，g值越大；③在地理纬度不同的其它地方测量g值大小；④质量。7．在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，同学们猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：①接触面之间的压力；②接触面的粗糙程度；③接触面的面积。按照如图甲、乙、丙所示的情况进行实验。其中A、B为完全相同的木块（实验过程中保持长木板水平固定）。（1）实验前，应将弹簧测力计在水平（选填“竖直”或“水平”）方向上调零。该实验是根据二力平衡的原理测滑动摩擦力的；（2）用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，记录弹簧测力计的示数。表格中是三次实验的数据，根据图示，丙实验中木块受到的滑动摩擦力是1.2N；实验序号木块对木板压力/N弹簧测力计示数/N滑动摩擦力/N甲50.60.6乙101.21.2丙10（3）根据甲和乙的实验现象和数据，可得到初步的结论：在其他条件相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（4）比较乙；丙两图的实验现象和数据，说明滑动摩擦力大小与接触面的面积的大小无关；（5）小明改进了实验装置如图丁所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是长木板，实验时用水平方向的力拉着长木板向右运动，另一位同学在木块相对桌面静止（选填“运动”或“静止”）时记录弹簧测力计的示数，即为此时木块受到的滑动摩擦力的大小；（6）改进了如图丁所示装置水平拉动长木板，发现弹簧测力计的示数仍不稳定，可能的原因是长木板表面粗糙程度不均匀。【答案】（1）水平；二力平衡；（2）1.2；（3）压力越大，滑动摩擦力越大；（4）乙；丙；（5）静止；（6）长木板表面粗糙程度不均匀。【解析】解：（1）因实验中要沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，根据二力平衡，摩擦力大小等于弹簧测力计的拉力，即等于测力计示数，且测力计在水平方向上读数，故实验前要把弹簧测力计在水平方向上调零。（2）由图丙中的弹簧测力计的示数1.2N可知，木块受到的摩擦力为1.2N。（3）根据甲和乙的实验现象和数据，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，测力计示数更大，故到结论：在其他条件相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（4）探究滑动摩擦力大小与接触面面积关系，应控制压力大小、接触面粗糙程度相同，而接触面面积不同，故应选乙、丙两图，通过比较两次滑动摩擦力都为1.2N，说明滑动摩擦力与接触面的面积无关。（5）将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是长木板，实验时用水平方向的力拉着长木板向右运动，另一位同学在木块相对桌面静止时，木块相对桌面处于静止状态，受到平衡力的作用，拉力和摩擦力大小相等，记录弹簧测力计的示数，即为此时木块受到的滑动摩擦力的大小。（6）改进了如图丁所示装置水平拉动长木板，发现弹簧测力计的示数仍不稳定，说明滑动摩擦力大小改变，而压力大小没变，则原因可能是接触面粗糙程度不均匀，即长木板表面粗糙程度不均匀。故答案为：（1）水平；二力平衡；（2）1.2；（3）压力越大，滑动摩擦力越大；（4）乙；丙；（5）静止；（6）长木板表面粗糙程度不均匀。8．在“探究二力平衡的条件”活动中。（1）如果物体只受到两个力的作用，且处于静止或匀速直线运动状态，说明这两个力是平衡的。春春和琦琦两位同学不断改进并先后设计了三个实验方案，如图甲所示，请你判断出他们改进的先后顺序：B、A、C（用字母A、B、C表示）；（2）如图乙是最终确认的实验方案。实验中应选择轻质小卡片，是因为轻质卡片的重力可忽略不计；（3）琦琦将系于小卡片两对角上的细线分别跨过左右支架上的滑轮，并在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相反，实验中通过改变钩码的个数来改变拉力，从而探究二力平衡时力的大小关系；（4）将图乙中的小卡片旋转一个角度，松手后观察释放瞬间（释放瞬间/最终）卡片能否平衡。这样做是为了说明二力平衡时两个力应作用在同一直线上；（5）为了探究二力平衡的两个力是否作用在同一个物体上，操作方法是将小卡片剪成两个更小的卡片，观察小卡片能否平衡。（6）睿睿后期发现自己在组装时由于粗心，左右支架上的两个滑轮没有安装在相同的高度，如图丙所示，该装置能（能/不能）探究二力平衡的条件。【答案】（1）B、A、C；（2）重力；（3）相反；个数；（4）释放瞬间；同一条直线；（5）剪成两个更小的卡片；（6）能。【解析】解：（1）由图甲知，A图中小车与桌面是滚动摩擦，B中木块与桌面间是滑动摩擦，C图只有滑轮间的摩擦，滑动摩擦力最大，滑轮间摩擦最小，为了减小摩擦力对实验的影响，他们改进的先后顺序为：B、A、C；（2）如图丙，是最终确认的实验方案。此方案中，由于卡片的重力远小于钩码的重力，所以卡片的重力可忽略不计；（3）小卡片两端通过滑轮各挂一个钩码，两个钩码由于重力通过绳子对小卡片施加了两个向相反方向的拉力；并通过调整钩码个数来改变拉力的大小，从而探究二力平衡时力的大小关系；（4）将图中的小卡片转过一个角度，这两个力就不在一条直线上了，所以松开手后小卡片不能平衡，说明二力平衡需要两个力在同一条直线上；（5）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，用剪刀把小卡片剪成两个更小的卡片，观察两个更小卡片是否平衡；（6）因为左右两侧各通过一个定滑轮，定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上时，小卡片还是处于静止状态，照样能完成实验。故答案为：（1）B、A、C；（2）重力；（3）相反；个数；（4）释放瞬间；同一条直线；（5）剪成两个更小的卡片；（6）能。9．探究在水平面上阻力对物体运动的影响。（1）将一块薄木板一端搁在长方体木块上，另一端放在水平长木板上做成斜面，需使小车每次从斜面的顶端静止释放，比较在水平毛巾、棉布、木板上运动的距离，则图2中铺毛巾（图中波浪线）的最合理方法是B；（2）小车在毛巾、棉布、木板上滑行时，阻力最大的接触面是毛巾，这是根据滑行距离（选填“滑行距离”、“粗糙程度”）判断的；（3）由上述实验推测，若小车在水平面上所受的阻力为零，它将做匀速（选填“匀速”或“变速”）直线运动，可以得到结论：物体运动不需要（选填“需要”或“不需要”）力来维持。（4）在大量实验基础上，牛顿概括出了著名的牛顿第一定律，它在实际生活中有着广泛的应用：一架运输机沿水平向右做匀速直线运动的过程中，间隔相同时间，先后从飞机上静止释放三个相同的物资。不计空气阻力，那么，能正确表示在地面上观察物资在空中的排列情况和着地位置的组合是A。A.①⑥B.②⑤C.③④D.①④【答案】（1）B；（2）毛巾；滑行距离；（3）匀速；不需要；（4）A。【解析】解：（1）C、探究阻力对物体运动的影响实验，要控制小车下滑到水平面的速度相同，故要使小车从斜面的同一高度由静止自由下滑，改变小车在水平方向上受到的阻力大小，故不能将毛巾铺在斜面上，故C错误；ABD、选项AD中，因毛巾有一定的厚度，故和原图相比，相当于小车下滑的高度变小了，故AD不符合题意；B符合题意。故选：B；（2）接触面从毛巾→棉布→木板，摩擦力越来越小，小车滑行的距离越来越长，所以阻力最大的接触面是毛巾，这是根据滑行距离判断的；（3）根据实验现象，如果接触面越来越光滑，摩擦力越来越小，速度改变的越来越慢。如果接触面绝对的光滑，没有摩擦，小车的速度不会改变，永远保持匀速直线运动。可见没有力的作用物体还能保持匀速直线运动，说明物体的运动力不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因。（4）飞机沿水平向右做匀速直线运动时，从飞机上间隔相同时间先后从飞机上静止释放三个相同的物资，物资由于惯性，保持原来的运动状态不变，继续向前飞行，三个物资在下落过程中，都是以原来的速度向前运动，同时由于物资还受地球引力的作用向下运动，间隔相同时间投放，在地面上的人看到物体在一条竖直直线上，所以①正确，②③错误；三个物资下落到地面后间隔的距离也相等，所以⑥正确，④⑤错误，故A符合题意。故选：A。故答案为：（1）B；（2）毛巾；滑行距离；（3）匀速；不需要；（4）A。10．探究“影响压力作用效果的因素”实验。（1）甲、乙、丙图示实验中根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果；（2）比较甲、乙两图可得出结论：受力面积越大相同时，压力越大，压力作用效果越明显；联想到坦克履带的设计，可用乙、丙两图所得结论来解释；（3）将小桌和砝码放在木板上，如图丁，设桌对木板的压强为p丁，图丙中桌对海绵的压强为p丙，能否得出结论p丁＜p丙？不能；；（4）如图戊，将三个相同的长方体木块分别沿虚线切成6块，再平移单独放至桌面，A、B、C、D、E、F对桌面的压强比切割前长方体对桌面压强大的是F。【答案】（1）凹陷程度；（2）受力面积；越大；乙、丙；（3）不能；（4）F。【解析】解：（1）根据转换法，甲、乙、丙图示实验中根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果；（2）比较甲、乙两图可得出结论：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显；乙、丙实验中压力相同，丙中受力面积大，压力作用效果不明显，坦克履带的设计增大了受和面积，在压力不变时可减小压力的作用效果；可用乙、丙两图所得结论来解释；（3）将小桌和砝码放在木板上，如图丁，设桌对木板的压强为p丁，图丙中桌对海绵的压强为p丙，丙丁实验中，受压面的材料不相同；不能根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果；（4）如图戊，将三个相同的长方体木块分别沿虚线切成6块，再平移单独放至桌面，因每块的重力大小相同，故每块对桌面的压力相同，因F受力面积最小，由p＝可知，A、B、C、D、E、F对桌面的压强比切割前长方体对桌面压强大的是F。故答案为：（1）凹陷程度；（2）受力面积；越大；乙、丙；（3）不能；（4）F。11．小明用压强计验证液体内部压强大小的影响因素。（1）压强计通过U形管两侧液面的高度差来反映被测压强大小。使用前，应检查压强计是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液面能灵活升降，说明装置不漏气（选填“漏气”或“不漏气”）；（2）如图甲所示，小明保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了验证液体内部压强大小与方向无关（选填“有关”或“无关”）；（3）小明在图甲基础上，继续将金属盒下移一段距离，发现压强变大（选填“变大”、“变小”或“不变”），若接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，不能（选填“能”或“不能”）得出液体压强与液体密度有关的初步结论。【答案】（1）高度差；不漏气；（2）深度；无关；（3）变大；不能。【解析】解：（1）通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；（2）保持探头在水中的某一深度不变，改变探头的方向，U形管两侧液面高度差保持不变，这表明液体内部压强与方向无关；（3）继续将金属盒下移一段距离，深度越深，液体压强越大；接下来又进行了图乙所示实验，由于没有控制深度相同，故不能得出液体压强与液体密度有关的初步结论。故答案为：（1）高度差；不漏气；（2）深度；无关；（3）变大；不能。12．小明利用图示标有2.5mL的一次性注射器、弹簧测力计、细绳、橡皮帽等器材，对大气压的值进行测量。（1）该实验还缺少的器材是刻度尺。（2）实验时小明将注射器活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔，同组的小王发现注射器顶端装针头处，空气无法排尽，这将使得测量结果比当天气压值偏小，小王联想到他在医院打针时的场景，将小明的这一步骤加以改进：在注射器里吸入水或植物油，然后将活塞推至注射器筒的底端，再用橡皮帽封住注射器的小孔。（3）如表是小明记录实验情况的表格：大气压力F/N注射器容积V/mL①活塞面积S/cm2大气压强p/Pa6.02.55.000.5②表中①是全部刻度的长度/cm；②是1.2×105。（4）为减小摩擦力对实验结果的影响，小虎对小明同学所做实验进行改进：在原实验基础上，将活塞推到注射器底端后，取下橡皮帽，再次水平向右慢慢匀速拉动注射器筒，记下弹簧测力计的示数为1.0N，小明同学计算出的大气压强是1.0×105Pa。【答案】（1）刻度尺；（2）偏小；在注射器里吸入水或植物油；（3）全部刻度的长度/cm；1.2×105；（4）取下橡皮帽；1.0×105。【解析】解：（1）需通过测量长度计算出面积从而计算压强，故还需要刻度尺。（2）因注射器里有少许空气，它会对橡皮塞产生向外的压力，则测力计测出的大气压力值偏小，根据压强计算公式p＝可以知道，测出的大气压偏小。将水或者其他液体吸入注射器内，将空气排出，可以消除因空气残留造成的误差。（3）根据注射器的体积与注射器全部体积数值的长度，计算出注射器的面积。故需测出注射器全部刻度的长度。所测大气压为p＝＝＝1.2×105Pa，（4）当用橡皮帽封住注射器的小孔时，向外拉活塞时，阻碍活塞运动的力有大气压力与摩擦力。当将橡皮帽取下后，再拉动活塞时，阻碍活塞运动的力是摩擦力。因此，可以取下橡皮帽，匀速拉动活塞，测出摩擦力，得到大气压力的准确值。准确的大气压数值为＝1.0×105Pa。故答案为：（1）刻度尺；（2）偏小；在注射器里吸入水或植物油；（3）全部刻度的长度/cm；1.2×105；（4）取下橡皮帽；1.0×105。13．小阳在“五一”节外出旅游乘飞机时观察到：飞机在起飞和航行时机翼的仰角不同；飞机越大其机翼越大。他想探究“机翼获得升力的大小与机翼仰角、机翼面积有什么关系？”（注：机翼仰角为机翼下表面与水平面的夹角，机翼面积指机翼在水平面上投影的面积）于是，他和兴趣小组的同学们一起利用塑料泡沫等材料自制了三个质量相同、形状相同、面积不同的机翼模型，将其固定在托盘测力计上，在机翼模型的正前方用电扇迎面吹风，来模拟飞机起飞时的气流，实验装置如图所示（每次吹风前托盘测力计的示数均为3.5N）。机翼面积/cm3测力计示数/N机翼仰角2753955660°（水平）3.22.6较小3.02.92.4较大2.92.82.3最大3.12.92.7（1）电风扇转动后，托盘测力计的示数变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。比较“机翼”上下方空气的流速，可以得出，“机翼”下方空气流速小，压强大。（2）当电风扇向左吹风时，以气流为参照物，“机翼”向右（选填“左”或“右”）运动。（3）为了研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，他们对同一个“机翼”吹风，并保持风速不变，只改变“机翼”仰角的大小，观察并记录托盘测力计的示数；在其它条件相同时，更换面积不同的“机翼”重复上述实验，实验数据记录如上表。在实验过程中，当“机翼”的仰角为0°、“机翼”面积为395cm2，若此时“机翼”获得的升力为0.5N，则托盘测力计示数为3.0N。通过实验分析数据可以得出结论：当质量、形状、“机翼”面积和风速相同时，仰角增大，“机翼”获得的升力不一定（选填“一定”或“不一定”）增大；当质量、形状、仰角和风速相同时，“机翼”面积越大，“机翼”获得的升力越大。（4）如图所示是一种水翼船，船体下安装了水翼。当船在高速航行时，水面下的水翼会使船体整体抬高从而减小水对船体的阻力。根据以上实验规律你认为水翼安装正确的是B。【答案】（1）变小；大；（2）右；（3）仰角；3.0；不一定；越大；（4）B。【解析】解：（1）电扇转动后，气流会流经飞机机翼模型，机翼模型上方凸空气通过的路程长，流速大，向下的压强小；机翼模型下方凹空气通过的路程短，流速小，向上的压强大，从而形成了一个向上的压强差，使托盘测力计的示数变小；（2）当吹风机向左吹风时，空气向右运动，以风为参照物，“机翼”相对于在风中向右运动；（3）为了研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，他们对同一个“机翼”吹风，并保持风速不变，只改变“机翼”仰角的大小，观察并记录测力计的示数，在其他条件相同时，更换面积不同的“机翼”重复上述实验；在上述实验中，“机翼”获得升力的大小等于吹风前后测力计示数的变化量（或差值、减小量），所以，当“机翼”获得的升力为0.5N，则托盘测力计示数为F＝G﹣F升＝3.5N﹣0.5N＝3.0N；由表中数据可知，当质量、形状、机翼面积和风速相同时，仰角增大，获得的升力有时大、有时小，所以获得的升力不一定增大；当质量、形状、仰角和风速相同时，机翼面积越大，获得的升力越大；（4）AD、两个水翼相反放置，两个水翼受到水的压力相反，对船体不会产生向上的升力作用，故AD不符合题意。B、两个水翼都是上面弧形，下面平面，水经过上方流速大于下方流速，上方压强小于下方压强，水对船体产生一个向上的升力作用，故B符合题意。C、两个水翼都是上面平面，下面弧形，水经过上方流速小于下方流速，下方压强小于上方压强，水对船体产生一个向下的压力作用，故C不符合题意。故选B。故答案为：（1）变小；大；（2）右；（3）仰角；3.0；不一定；越大；（4）B。14．小明用弹簧测力计、金属块、两个相同的烧杯（分别装有一定量的水和酒精），对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究。如图表示探究过程及有关数据：（1）分析图乙、丙、丁，可知浮力大小跟排开液体的体积有关。（2）分析丁、戊两图实验，可知浮力大小跟液体密度有关。（3）金属块完全浸没在酒精中所受浮力是2.4N，金属块的密度为4g/cm3。ABCDE铁块铜块铁块铜块铜块50g50g10cm310cm315cm3（4）探究物体受到的浮力与物体的重力是否有关，可以选择表中的C、D两个物体，将它们浸没在同种液体中（选填“同种”或“不同”），测出所受浮力的大小来进行判断。【答案】（1）排开液体的体积；（2）丁、戊；（3）2.4；4；（4）C、D；同种。【解析】解：（1）分析图乙、丙、丁，物体逐渐浸入水中，排开液体的体积在增大，根据F浮＝G﹣F可知，浮力也在增大，说明浮力大小与物体排开液体的体积有关；（2）丁、戊两图反映了排开液体的体积相同的情况下，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，即物体所受的浮力不同，即：浮力的大小与液体的密度有关；（3）物体在空气中的重力G＝12N；浸没在酒精中时弹簧测力计的示数F＝9.6N；根据称重法得：F浮＝G﹣F＝12N﹣9.6N＝2.4N；由图甲可知物体重力为12N，烧杯内水的体积为700mL，由图丁可知，浸没在水中后，烧杯内水的体积为1000mL，故V金属＝V排＝1000mL﹣700mL＝300mL＝300cm3；＝1.2kg，＝4g/cm3；（4）浮力大小与液体密度和排开液体的体积有关，要想探究物体受到的浮力与物体的重力是否有关，应使物体的体积相同，并使其浸没在同种液体中（即控制液体的密度和排开液体的体积均相同）；表中C、D的体积相同，但是由不同物质组成的，所以其重力不同，因此应选择C、D两个物体。故答案为：（1）排开液体的体积；（2）丁、戊；（3）2.4；4；（4）C、D；同种。15．某班物理实验小组的同学，在实验中验证阿基米德原理：（1）方案一：小明用石块按照如图甲所示的操作进行实验，为减小测量误差并使操作最简便，最合理的实验步骤顺序应该是：②；①ACDB②DABC③BACD④CADB（2）如图甲可知，石块浸没在水中时，F浮大于G排（选填“大于”、“小于”或“等于”），造成这种结果的原因可能是A；A.最初溢水杯中的水未装至溢水口B.整个实验过程中，弹簧测力计没有校零（3）如果实验时物体浸没在水中触底了，不能（选填“能”或“不能”）验证“阿基米德原理”；（4）方案二：如图乙所示，小红将装满水且足够高的平底溢水杯放在水平升降台上，用升降台来调节溢水杯的高度，然后将石块用轻质细线悬挂于弹簧测力计A的正下方，调节升降台使石块下底面刚好与水面相平，随后她将一空烧杯用轻质细线悬挂于弹簧测力计B的正下方。当小红逐渐调高升降台，发现随着石块没入水中的体积越来越大，弹簧测力计A的示数在减小（选填“增大”、“减小”或“不变”），且弹簧测力计A的示数变化量等于（选填“大于”、“小于”或“等于”）B的示数变化量，从而证明了F浮＝G排。【答案】（1）②；（2）大于；A；（3）不能；（4）减小；等于。【解析】解：（1）为了减小实验误差，为了使得操作简便，应先测出空桶的重力，再测出石块的重力，接着将石块浸入水中，待示数稳定后，读出测力计的示数，最后测量小桶和溢出水的总重力，这样可以减少更换弹簧测力计测量对象的次数，故最合理的操作步骤应该是DABC，故选②；（2）由图可知石块的重力为G＝4N，石块浸没在水中时，弹簧测力计的示数为FB＝2N，空桶的重力为FD＝1N，排开的水与桶的总重力为FC＝2.8N，故由称重法可得石块浸没在水中时，受到的浮力为：F浮＝G﹣FB＝4N﹣2N＝2N；排开水的重力为：G排＝FC﹣FD＝2.8N﹣1N＝1.8N；A．若最初溢水杯中的水未装至溢水口，则会使得测得的排开水的重力偏小，使得F浮＞G排，故A符合题意；B．若整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零，则在测量F浮与G排的过程中，差值不变，不会影响测量结果，故B不符合题意。故选A；（3）如果实验时物体浸没在水中触底了，则会使得弹簧测力计的示数变小，从而导致测得的物体所受浮力偏大，故不能验证“阿基米德原理”；（4）随着重物没入水中的体积越来越大，则重物所受浮力越来越大，故弹簧测力计A的示数在减小；溢出的水流到烧杯中，使得弹簧测力计B的示数变大，且弹簧测力计A的示数变化量等于B的示数变化量，从而验证了阿基米德原理。故答案为：（1）②；（2）大于；A；（3）不能；（4）减小；等于。16．在综合实践活动中，小红制作了简易密度计，如图（a）（b）（c）所示。她利用一根木条，并在其下端加适当的配重，再将此进行技术处理过的木条置于被测液体中进行液体密度测量实验。（1）根据上述信息和实际操作的体验，在木条的下端缠绕适量金属丝作为配重，其目的是使木条能竖直漂浮在液体中。（2）将木条放到水中的情景如图（a）所示，测得浸入的长度为H，放到另一液体中的情景如图（b）所示，浸入的长度为h，用ρ液、ρ水分别表示液体和水的密度。则ρ液＞ρ水（选填“＝”、“＞”或“＜”），h与ρ水、ρ液及H的关系式是h＝。（3）小红再根据液体密度ρ与浸入液体中的长度h的对应关系作出的ρ﹣h图像如图（d）所示，据此分析，这种简易密度计的刻度线分布是不均匀（填“均匀”或“不均匀”）的。（4）为检验刻度是否准确，小明取来食油，先用天平和量筒测量其密度，然后再用这个密度计测量。但操作时却出现了图（c）所示的情形，这让他很扫兴。难道实验就此终止了吗？根据经验或思考，在不更换食油的情况下，你认为可以进行怎样的尝试：往烧杯中加油或将烧杯换成细长容器再用密度计实验。（5）小军也用木条制作了密度计，他发现密度计相邻两刻度线之间的距离太小，导致用此密度计测量液体密度时误差较大，为此同学提出如下改进方案，其中无效的是AC。（多选）A.换大的容器盛放液体做实验B.换细的木条制作密度计C.换长的木条制作密度计D.适当增加密度计的配重【答案】（1）竖直漂浮；（2）＞；；（3）不均匀；（4）往烧杯中加油或将烧杯换成细长容器再用密度计实验；（5）AC。【解析】解：（1）在木条下端缠绕金属丝，能降低吸管的重心，这样做为了让木条能竖直漂浮在液体中；（2）由于木条在（a）、（b）图中均漂浮，所以F浮＝G，则木条在水和另一种液体中受到的浮力相等，由图知V排a＞V排b，根据F浮＝ρgV排可知，ρ水＜ρ液；设木条的底面积为S，由于木条在水和另一种液体中受到的浮力相等，则根据阿基米德原理可得ρ水gSH＝ρ液gSh，所以h＝；（3）由于h＝，则h和ρ液是反比例函数，所以，刻度分布不是均匀的；（4）图（c）所示的情形，说明密度计的重力过大，应该使密度计漂浮在液体中，不能沉底，因此不再用这个密度计测量，再向容器中加油或者将容器换成直径细些的，以提高油的深度；（5）为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线之间的距离大一些，即要求密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的深度变大，根据h＝知，当ρ液一定时，可适当增大配重，用更细的吸管，与盛放液体容器的大小、管的长短没有关系，故AC无效。故选：AC。故答案为：（1）竖直漂浮；（2）＞；；（3）不均匀；（4）往烧杯中加油或将烧杯换成细长容器再用密度计实验；（5）AC。二、同步检测17．小亮和小阳在实验室做测量酒精密度的实验。（1）小亮同学利用天平和量筒完成了实验。A．实验时，他把天平放在水平桌面上，然后调节平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡如图所示，请你指出他调节天平横梁平衡的过程中遗漏的操作步骤将游码移到横梁标尺左端的零刻度线处；B．完成遗漏的操作步骤后，为了调节横梁平衡，需要向右（选填“左”或“右”）调节平衡螺母；C．小明做完实验后检查整个实验，发现天平称量时使用的20g砝码有一个小缺口，则天平测得的质量偏大，测得的石油密度偏大（选填“偏大”“偏小”或“不变”）；（2）同组的小阳选用了电子秤和一块密度为ρ的鹅卵石也测量出了酒精的密度，方案如下：①先用电子秤测出鹅卵石的质量m1；②在烧杯中放入适量的酒精将鹅卵石浸没，在液面到达的位置上作标记，用电子秤测出总质量为m2；③将鹅卵石从酒精中取出，用电子秤测出剩余酒精和烧杯的总质量为m3；④向烧杯中加酒精到标记处，再用电子秤测出此时酒精和烧杯的总质量为m4；为了使测出来的酒精密度尽可能的准确，在小阳记录的上述数据中，步骤③（选填“①”、“②”“③”、“④”）记录的数据是多余的，则酒精的密度是ρ酒＝ρ（用测出来的物理量表示）。小阳测量完毕之后，取下电子秤上的烧杯发现电子秤的示数并不为0，而是显示为“0.5g”，则他测得的酒精密度将偏大（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。（已知m2＞m4）。【答案】（1）A、将游码移到横梁标尺左端的零刻度线处；B、右；C、偏大；偏大；（2）③；ρ；偏大。【解析】解：（1）在调节平衡前，先将天平放在水平台上，把游码移到标尺的零刻度线处，即游码归零，再调节平衡螺母使天平平衡，而小明调节天平横梁平衡的过程中遗漏了将游码移到横梁标尺左端的零刻度线处（游码归零）这一步骤。图中没有将游码移至零刻度线，横梁就平衡了，如果将游码调零，则指针会偏向分度盘左侧，此时要使横梁平衡，则应将平衡螺母向右调节。砝码磨损了，相当于砝码的质量减小了，但是上面所标的数值还没变。在称量物体质量时所加的砝码数目就增多了，砝码的实际质量还等于物体的质量，只是所标的数值相对于实际质量偏大了，所以测量的质量偏大，体积没有变化，由ρ＝可知，所测密度偏大。（2）将鹅卵石从酒精中取出，用电子秤测出剩余酒精和烧杯的总质量为m3，此步骤中测量质量记录的数据多余，因为取出鹅卵石水时会带出一部分酒精，导致测量误差；鹅卵石质量为m1，鹅卵石的密度为ρ，则鹅卵石体积V＝，即添加的酒精体积；添加的酒精质量m＝m4﹣（m2﹣m1）＝m4﹣m2+m1，酒精的密度ρ酒＝ρ，因为电子秤未校零，空盘时电子秤的示数并不为0，而是显示为“0.5g”，所以m1、m2、m4的测量值都偏大0.5g；在表达式ρ酒＝ρ中，电子秤未校零对m2和m4的影响抵消，已知m2＞m4，则＞0，且m1偏大，所以偏小，则（1﹣）ρ偏大，即测得酒精密度的测量值偏大。故答案为：（1）A、将游码移到横梁标尺左端的零刻度线处；B、右；C、偏大；偏大；（2）③；ρ；偏大。18．小梦的妈妈在新疆旅游买回来了一块和田玉坠，小梦想鉴别一下这块玉坠的真假，于是她利用刚刚所学的密度知识进行了如下实验。（1）小梦将天平放在水平桌面上，调节天平平衡，调平后如图1所示，请指出调平过程中存在的错误：未将游码拨到标尺左端的“0”刻度线处；（2）纠正错误后，小梦用调好的天平测玉坠的质量，天平平衡时，右盘中砝码质量与游码位置如图2所示，则玉坠的质量为16.8g；（3）然后用一细绵线系住玉坠，放入盛有24mL水的量筒中，此时量筒中水的体积如图3所示，则玉坠的密度ρ＝2.8×103kg/m3；（4）同桌小明说不用量筒，同样也可以测出玉坠的密度（图4），其方法如下：①在烧杯中加入适量的水，用天平测得烧杯和水的总质量为m2；②将玉坠放入水中，在水面到达的位置作上标记，取出玉坠；③然后向烧杯中加水，直到水面刚好到达标记处，测得此时烧杯和水的总质量为m3；该玉坠密度的表达式ρ＝•ρ水（用已知物理量的符号表示，玉坠的质量为m1、水的密度为ρ水）；完成实验后，小梦发现玉坠表面沾有水，这样测得的密度值不受影响（偏大/偏小/不受影响）。【答案】（1）未将游码拨到标尺左端的“0”刻度线处；（2）16.8；（3）2.8×103；（4）③水面刚好到达标记处；•ρ水；不受影响。【解析】解：（1）在调节天平平衡时，应先将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端的零刻线处，该同学未将游码拨到标尺左端的“0”刻度线处；（2）如图乙所示，游码标尺的分度值是0.2g，则玉坠的质量为：m玉坠＝10g+5g+1.8g＝16.8g；（3）如图丙所示，玉坠排开水的体积为：V玉坠＝V排＝30mL﹣24mL＝6mL＝6cm3，玉坠的密度ρ＝＝＝2.8g/cm3＝2.8×103kg/m3；（4）②将玉坠放入水中，在水面到达的位置作上标记，取出玉坠；③然后向烧杯中加水，直到水面刚好到达标记处，测得此时烧杯和水的总质量为m3；加入水的质量为：m水＝m3﹣m2，加入水的体积为：V水＝＝，玉坠的体积为：V＝V水＝，玉坠的密度为：ρ＝＝＝•ρ水；将玉坠取出时由于玉坠表面沾水，往烧杯中加水，直到水面达到原来的标记处，此时烧杯和水的总质量为m3不变，m2不变，m排＝m3﹣m2不变，由ρ＝得出的玉坠的体积不变，据密度公式可知，测得的玉坠的密度不变。故答案为：（1）未将游码拨到标尺左端的“0”刻度线处；（2）16.8；（3）2.8×103；（4）③水面刚好到达标记处；•ρ水；不受影响。19．在学习物质的属性知识后，同学们尝试完成下列实验：（1）小明测液体的质量：①将天平放在水平台面上，将游码拨至标出左端的零刻度线处，分度盘指针如图甲所示，则应将平衡螺母向右调节，直到指针静止时指在分度盘的中央刻度线上；②测得空烧杯的质量为28g，烧杯和液体的总质量如图乙所示，则烧杯中液体的质量为34g。（2）小华用另一种方法测石块的密度，利用电子秤、水杯、记号笔等工具进行了如下的测量：①如图丙用电子秤测出装有适量水的杯子总质量m1；②如图丁将石块缓慢浸没在杯中，测得杯、水、石块的总质量m2，石块浸没足够长时间后，在水面到达的位置上做标记，然后取出石块（忽略石块表面带出的水）；③向杯中缓慢加水上升至标记处，如图戊测得杯和水的总质量m1，根据以上测量，可得石块的密度表达式为ρ水＝（用m1、m2、m3和ρ表示）；在测量完成后，小华发现石块吸水，则以上步骤所测得的石块密度与真实值相比偏小（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）。【答案】（1）①水平；右；②34g；（2）③；偏小。【解析】解：（1）①托盘天平应放在水平台面上，由图甲可知指针向左偏转，说明左边重了，所以应该将平衡螺母向右移；②由图乙可知烧杯和液体的总质量是62g，又已知空烧杯的质量为28g，所以烧杯中液体的质量为62g﹣28g＝34g；（2）③石块的质量m＝m2﹣m1，后加入水的质量m3﹣m1，后加入水的体积，等于石块的体积。则石块的密度；由于石块吸水，会造成后加入的水的体积大于石块的体积，造成密度偏小；故答案为：（1）①水平；右；②34g；（2）③；偏小。20．以下是几个小实验，请根据要求填空：（1）如图甲所示，把一块表面很干净的玻璃板水平地挂在弹簧测力计下（图a），手持弹簧测力计上端，将玻璃板放到恰好与水槽内水面相接触（图b），并慢慢向上提起弹簧测力计，两次弹簧测力计示数b大于a（选填“a大于b”、“b大于a”或“a等于b”），说明分子间具有相互作用的引力.（2）如图乙所示，将一根塑料绳一端扎紧，从另一端把绳尽可能撕成更多的细丝，用手向下捋几下后，观察到的现象是：塑料细丝越来越蓬松（选填“蓬松”或“紧密”），捋细丝手与塑料细丝带上的是异种（选填“同种”或“异种”）电荷。（3）如图丙所示，用一个带电棒靠近用毛皮摩擦过的橡胶棒一端时，原来静止的橡胶棒远离带电棒旋转，使橡胶棒旋转的原理是同种电荷互相排斥，带电棒带的是负电荷。【答案】（1）b大于a；分子间具有相互作用的引力；（2）蓬松；异种；（3）同种电荷互相排斥；负。【解析】解：（1）由图可知，图a中是弹簧测力计在空气中的读数，图b中是玻璃板恰好与水槽内水接触时，并慢慢向上提起弹簧测力计时的读数，因为玻璃板和水面接触，玻璃分子和水分子间有引力，所以图b中弹簧测力计的读数大于图a中的读数；（2）干燥的手捋塑料细丝时，出现摩擦起电现象，使塑料细丝带同种电荷，同种电荷相互排斥，所以塑料绳会向四周散开，观察到的现象是塑料细丝越来越蓬松；而手与塑料细丝带上的是等量的异种电荷；（3）毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，用一个带负电的带电棒靠近用毛皮摩擦过的橡胶棒一端时，由于同种电荷互相排斥，原来静止的橡胶棒会远离带电棒旋转。故答案为：（1）b大于a；分子间具有相互作用的引力；（2）蓬松；异种；（3）同种电荷互相排斥；负。21．小华在课外探究弹簧的伸长量跟拉力的关系，记录了相应实验数据如表：弹簧下方所挂钩码质量/g0100200300400500600700指针的位置/cm2345677.57.5（1）分析实验数据，小华利用该弹簧制作的测力计的量程为0～5N。（2）如图甲，小华利用完全相同的小桶分别盛满四种液体，用该弹簧测力计称出液体和小桶的总重力，记录的部分数据在如表中。液体种类酒精水盐水蜂蜜弹簧测力计的示数F/N2.62.83.0①通过分析比较此表，小华推测在液体密度与弹簧测力计示数之间有一定的规律，在如图乙所示的图像中能正确反映这一规律的图像是C；②酒精的密度为0.8g/cm3，，试根据表格中的数据分别计算出小桶的重为1.8N，小桶的容积为100mL，若查到蜂蜜的密度为1.4g/cm3，则上表空格中数据弹簧秤的示数为3.2N。（3）小华又利用该弹簧测力计及小桶，将弹簧测力计改装成可以直接读取液体密度的弹簧密度计，该弹簧密度计能测到液体密度的最大值为3.2g/cm3，利用现有的刻度线作为该“密度秤”的刻度线，则该“密度秤”的分度值是0.2g/cm3。（4）小华想增大该“密度秤”的量程，在不更换的前提下，你可以采取的办法是B。A.保持小桶质量不变，增大小桶的容积B.保持小桶质量不变，减小小桶的容积【答案】（1）0～5；（2）①C；②1.8；100；3.2；（3）3.2；0.2；（4）B。【解析】解：（1）由表中数据可知：在所挂物体质量在0∼500g的范围内，弹簧的长度随物体质量的增大而增加，且成正比，当物体的质量超过500g后，不再有此规律；质量为500g的物体所受重力：G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，所以小华利用该弹簧制作的测力计的量程为0～5N；（2）①根据表格数据可知，液体的密度越大，测得液体和小桶的总重力越大，且不装入液体时，测力计的示数不为0（此时测力计测空桶的重）；结合图乙中的图像可知，只有C图像符合题意，故选C。②由表格中数据知，称出酒精和小桶的总重力为2.6N，则G桶+ρ酒精gV＝G1，即﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①称出水和小桶的总重力为2.8N，则G桶+ρ水gV＝G2，即﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②②﹣①解得：V＝10﹣4m3＝100cm3＝100mL；G桶＝1.8N；若小桶中盛满蜂蜜，；小桶中盛满蜂蜜时总重力：；（3）当桶内不加液体时，即相当于液体密度为0时，弹簧测力计的示数等于桶的重力1.8N，将弹簧测力计上1.8N刻度线延长，并标记为0g/cm3；弹簧测力计的最大示数为5N，代入关系式G总＝G桶+ρ液gV，即：，解得最大刻度处所对应的液体密度：，将弹簧测力计上5N刻度线延长，并标记为3.2g/cm3；所以，该弹簧密度计的量程为0～3.2g/cm3。由图可知：1.8N～5.0N之间有16个格，故该“密度秤”的分度值是：；（4）在测力计刻度一定的情况下，由关系式G总＝G桶+ρ液Vg可知，当小桶的质量不变时，减小小桶的容积，可增大该秤的称量范围；故选：B。故答案为：（1）0～5；（2）①C；②1.8；100；3.2；（3）3.2；0.2；（4）B。22．在“探究重力与质量的关系”的实验中：（1）本实验中除了弹簧测力计，还需要的测量器材是天平；（2）使用弹簧测力计测重力前，若先将测力计在水平方向调零，然后将其在竖直方向测量，此时弹簧测力计的示数大于（选填“大于”、“小于”或“等于”）物体的重力；（3）通过处理表格中的实验数据可以完成本实验，则表格中（a）处的内容为N/kg；实验序号质量m/kg重力G/N（a）10.10.9820.21.9630.32.94（4）小张同学取了质量不同的钢球、笔袋、钥匙，并分别测出它们的质量和重力，将这些数据与钩码的数据放到一起来寻找规律，你认为小张的做法B（选填字母代号）；A.合理，因为选用的物体越多，越能消除实验中产生的误差B.合理，因为要得到普追的规律，应该在实验中采用不同的物体C.不合理，因为要用同种物质的物体的重力与质量的数据来寻找规律D.不合理，因为必须全部要用钩码的重力与质量的数据来寻找规律（5）在空间站用同样的器材不能（填“能”或“不能”）完成该探究；（6）上述实验完成后，改组同学还想判断重力的方向，实验装置如图1所示：①将该装置放在水平桌面上，逐渐改变木板M与桌面的夹角α，观察到悬线OA的方向不变，剪断悬线OA，小球竖直下落。从以上实验现象可得：重力的方向总是竖直向下；②建筑工人在砌墙时，用如图2所示的水平仪检查砌的墙是否水平。若空气泡偏向B端，则表示A端墙面的位置偏高（选填“偏高”或“偏低”）。【答案】（1）天平；（2）大于；（3）N/kg；（4）B；（5）不能；（6）①竖直向下；②偏高。【解析】解：（1）探究“重力的大小跟什么因素有关”实验中，需要测量物体的重力和质量，因此需要的测量工具是弹簧测力计和天平；（2）测力计水平校零后去测重力，没有考虑弹簧自身重力，则测量值比真实值偏大；（3）由表中数据可见：质量增大几倍，重力也相应的增大几倍，故表格第三列的标题应当为重力/质量，单位为N/kg；（4）小邦同学取了质量不同的钢球、笔袋、钥匙，并分别测出它们的质量和重力，实验中采用不同的物体，找出普遍规律，故B正确；故选：B；（5）太空处于失重状态，与重力有关的实验不能完成；（6）①因为重力的方向总是竖直向下的，所以悬线OA由于受重力的作用就保持竖直方向不变；剪断悬线OA，小球在竖直向下的重力作用下就会竖直向下运动；从以上实验现象分析得到：重力的方向总是竖直向下的。②若检查所砌的墙面是否水平，经常用如图所示的水平仪检查，当液体中空气泡居中表示墙面水平，若空气泡在A端，则表示A端的墙面偏高，因为由于重力的原因，水会向低处流，气泡就往高处走。故答案为：（1）天平；（2）大于；（3）N/kg；（4）B；（5）不能；（6）①竖直向下；②偏高。23．小明在做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验时，使用的器材有弹簧测力计、两个相同的铁块、长木板。（1）如图甲所示，将铁块放在长木板上，用弹簧测力计拉着铁块沿水平方向做匀速直线运动，根据二力平衡原理可知滑动摩擦力大小等于弹簧测力计示数。（2）如图乙所示，将两个铁块叠放在一起，重复上面的操作。比较甲、乙两次实验，可以得出：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（3）小明又将两个铁块按照图丙所示的方式放在长木板上进行实验。比较乙、丙两次实验，可探究滑动摩擦力的大小与接触面大小的关系。（4）实验后小明和同学交流讨论时发现：在实验中很难使铁块做匀速直线运动。于是小明设计了丁图所示的实验装置，该装置不需要（选填“需要”或“不需要”）长木板做匀速直线运动。当长木板的运动速度增大时，弹簧测力计的示数不变（选填“增大”、“减小”或“不变”）。【答案】（1）二力平衡；（2）压力；大；（3）接触面大小；（4）不需要；不变。【解析】解：（1）弹簧测力计水平拉动A进行匀速直线运动时，水平方向上A受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，根据二力平衡条件，滑动摩擦力大小等于拉力大小；（2）比较甲、乙两次实验知接触面的粗糙程度相同，压力的大小不同，且压力越大，弹簧测力计的示数越大，滑动摩擦力越大，故可以得出在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）比较乙、丙两次实验压力大小相同、接触面的粗糙程度相同，接触面的大小不同，故可探究滑动摩擦力的大小与接触面大小的关系；（4）图丁拉动长木板的过程中，铁块、木板之间是滑动摩擦力，而滑动摩擦力的大小与相对速度无关，所以不需要匀速抽动长木板，铁块所受的滑动摩擦力不变。故答案为：（1）二力平衡；（2）压力；大；（3）接触面大小；（4）不需要；不变。24．物理兴趣小组的同学们利用如图所示的装置进行“二力平衡条件”的探究：（1）小组将相同质量的砝码放在左右两盘后，把小车转过一个角度，然后松手，观察到小车转动一定角度后恢复到静止状态，说明两个力必须作用在同一条直线上才能平衡；（2）某次实验中，当左盘砝码质量大于右盘时，小车两边的拉力大小不相等（选填“相等”或“不相等”），但小车仍处于静止状态。此时小车受到的是（选填“是”或“不是”）平衡力，产生这一现象的原因可能是小车受到摩擦力的影响；（3）为尽量减少以上影响，小敏提出将甲装置中的小车换成小卡片，如图乙所示。为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，小敏下一步操作是B；A．左右各加一个钩码B．把卡片剪成两半C．把卡片扭转一个角度（4）如果将小车换成轻质弹簧测力计，如图丙所示，在左右两盘各放入重4N的砝码，忽略盘重和绳重，则弹簧测力计的示数为4N。【答案】（1）同一条直线上；（2）不相等；是；摩擦力；（3）B；（4）4。【解析】解：（1）把小车转过一个角度，然后松手，观察到小车转动，最后恢复到静止状态，说明小车在水平方向上受到的两个力在同一条直线上时才能平衡；（2）实验中，当左盘放入稍大一点的砝码时，小车两边的拉力大小不相等；小车仍处于静止状态，此时小车还受平衡力的作用，此时小车有向左运动的趋势，桌面对小车有向右的摩擦力，即小车受到小车受到摩擦力的影响；（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，用剪刀把小卡片剪成两个更小的卡片，观察两个更小卡片是否平衡，故选：B；（4）如果将小车换成轻质弹簧测力计，如图乙所示，在左右两盘各放入重4N的砝码，则拉力为4N，弹簧测力计的示数为4N。故答案为：（1）同一条直线上；（2）不相等；是；摩擦力；（3）B；（4）4。25．关于“阻力对物体运动的影响”问题，某学习小组进行了如下探究实验：依次将毛巾、棉布分别铺在水平木板上，让小车分别从斜面顶端由静止自由下滑，观察小车在水平面上滑行的最大距离，三种情况下的运动如图所示。（1）实验中每次均让小车从斜面顶端由静止自由下滑，目的是使小车到达斜面底端的速度相同，本实验中的“阻力”是指小车受到的摩擦力；（2）分析图运动情况可知：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，说明小车受到的阻力越大，速度减小得越快（选填“快”或“慢”）；（3）牛顿第一定律不是（选填“是”或“不是”）直接由实验得出的，其符合逻辑的科学推理为科学研究提供了一个重要方法。（4）在此实验基础上通过推理可知观点A（选填“A”或“B”）是正确的；A.物体的运动不需要力来维持B.力是维持物体运动的原因（5）在体现阻力对物体运动影响大小的方法上，小明提出了另外一个方法：测量小车在水平面上运动的时间。你支持下面哪个观点：B。A.这个方法不可行，与阻力对物体运动影响的大小没有关系B.这个方法可行，但没有小车运动的路程便于测量【答案】（1）使小车到达斜面底端的速度相同；摩擦力；（2）快；（3）不是；（4）A；（5）B。【解析】解：（1）每次都从斜面上同一位置释放，目的是使小车运动到斜面底端时的速度相等，本实验中的“阻力”是指小车受到的摩擦力；（2）根据图中运动情况可知：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，说明毛巾表面最粗糙，阻力最大，小车运动的距离就越近，这说明小车受到的阻力越大，速度减小得越快；（3）牛顿第一定律是在实验的基础上，通过推理得出的，不是用实验直接得出的；（4）由实验可知当物体所受阻力越小，物体的速度减小的越慢，故可以推理出：当没有阻力时，物体将做匀速直线运动，故力是改变物体运动的原因，不是维持物体运动的原因，即物体的运动不需要力来维持，故A正确；（5）在体现阻力对物体运动影响大小的方法上，让小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，小车到达斜面底端的速度相同，水平面越光滑，阻力越小，速度减小的越慢，行驶的距离越长，行驶的时间越长，故测量小车在水平面上运动的时间可以体现阻力对物体运动影响的大小，但不如小车运动的路程便于测量，故B正确。故答案为：（1）使小车到达斜面底端的速度相同；摩擦力；（2）快；（3）不是；（4）A；（5）B。26．如图甲、乙、丙所示，小明利用矿泉水瓶、海绵等探究影响压力作用效果的因素。（1）本实验是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的；（2）比较图C、D、E所示实验，可得出结论：受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。通过比较图B、C（填序号），说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。下列实例中，直接应用第二个结论的是A；A.图钉的一端做得很尖B.交通管理部门规定，严禁货车超载C.书包的背带做得又宽又大D.压路机的碾子很重（3）将整矿泉水瓶放置在砖块上（如图A）时，砖块受到的压强p1；放置在海绵上（如图B）时，海绵受到压强p2，则两次压强的大小关系为p1＝p2（选填“＞”“＜”或“＝”下同）。若将两瓶泉水瓶并排放置在地面上（如图F）时，对地面的压强为p3，则p1＝p3；（4）为了探究压强大小跟哪些因素有关，老师准备了如下器材供同学们选择，①钉子做腿的小桌②海绵③砝码④木板⑤盛有适量水的矿泉水瓶⑥装有沙的容器。四个同学所选的四组器材中，不能达到探究目的是D。A.①③⑥B.②⑤C.②③④D.③④⑤【答案】（1）海绵的凹陷程度；（2）压力；B、C；A；（3）＝；＝；（4）D。【解析】解：（1）本实验是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的；（2）比较图C、D、E所示实验，可得出结论：受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。探究压力的作用效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变，通过比较图B、C，说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；A、图钉的一端做得很尖是在压力一定时减小受力面积，增大压强，应用了此原理，故A符合题意；B、交通管理部门规定，严禁货车超载是在受力面积一定时，减小压力，减小压强，没有用到此原理，故B不符合题意；C、书包带做得较宽是在压力一定时增大受力面积，减小压强，应用了此原理，故C不符合题意；D、压路机的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力来增加压力作用效果的，故D不符合题意；故选：A。（3）将整矿泉水瓶放置在砖块上（如图A）时，砖块受到的压强p1；放置在海绵上（如图B）时，海绵受到压强p2，根据p＝，因压力和受力面积相同，则两次压强的大小关系为p1＝p2；若将两瓶泉水瓶并排放置在地面上（如图F）时，对地面的压强为p3，因压力变为原来的2倍，受力面积也变为原来的2倍，根据p＝，则p1＝p3；（4）A、选择①用钉子做腿的小桌、③砝码、⑥装有沙的容器。小桌腿朝下放在沙子上，观察小桌腿陷入沙子的深度；然后在小桌上放砝码，再观察小桌陷入沙子的深度；把小桌倒过来桌面朝下放到沙子上，观察桌面陷入沙子的深度，与正放时桌腿陷入沙子中的深度比较，可探究压强的大小与受力面积的关系。故可以达到目的，不符合题意。B、选择②海绵、⑤盛有适量水的矿泉水瓶。瓶口拧紧，瓶子正放和倒放在海绵上，观察海绵的凹陷程度；瓶子正放时，瓶子中有水和空瓶分别放在海绵上，观察海绵的凹陷程度。可以达到目的，不符合题意。C、选择②海绵、③砝码、④木板。木板放在海绵上，观察海绵凹陷程度；木板上再放砝码观察海绵的凹陷程度；砝码放在海绵上，再在砝码上面放木板，观察海绵的凹陷程度。可以达到目的，不符合题意。D、选择③砝码、④木板、⑤盛有适量水的矿泉水瓶，因同样条件下，木板发生形变不明显，无法显示压强大小。不能达到目的，符合题意。故选：D。故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）压力；B、C；A；（3）＝；＝；（4）D。27．如图是用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。（1）在使用压强计前，发现U形管左右两侧液面不平，如图甲所示。其调节的方法是B（选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；A．将右侧支管中高出的水倒出B．拆除胶管重新安装（2）比较