2021届高考物理二轮复习《力与运动》学案（江苏专用）

专题一力与运动

回归教材•必备知识

1.(1)匀变速直线运动的三个基本公式：尸A=J感g",那环=2ax;

(2)两个中间速度:庐次二竽，次晨匡口，且口〈次。一个推论：△产。九

2

222\22

2.(1)轻绳只能产生拉力，方向沿绳子且指向绳子收缩的方向;轻杆产生的弹力，既可以是压

力，也可以是拉力，方向不一定沿杆;弹簧产生的支持力或拉力沿轴线方向,弹簧弹力的大

小：田kx。

(2)滑动摩擦力大小月〃&方向沿接触面的切线方向，与相对运动的方向相反。

3.力的合成和分解均遵从平行四边形定则;两个力的合力范围：出-£|＜々|£+£|。

4.牛顿运动定律

(1)牛顿第二定律:疥£,具有独立性、瞬时性和矢量性等。

HI

(2)牛顿第三定律:伫-尸I注意区分一对作用力与反作用力和一对平衡力。

5.平抛运动

(1)研究方法:平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动。

(2)主要公式

X方向P方向

图示物理量合运动

分运动分运动

Vrgt=片小：+力

n速度匕二%

、国tan^―

X：vo

0x2+y2

J位移6gl

tana—

X

6.圆周运动

2

⑴匀速圆周运动常用公式：£二㈣二〃片/〃出&尸〃草二/〃口片4nmfro

1/22

（2）变速圆周运动

①尸令不指向圆心,沿半径方向的分力斤充当向心力。

②Z7合沿半径方向的分力E改变线速度的方向，垂直半径方向的分力F改变线速度的大小。

7.万有引力定律和天体的运动

⑴求中心天体质量:华磨L.吟生公转法），翠二哼（黄金代换法）叶心天体

的密度。一序;3,若尸尺则0啜。

（2）由罩=侬=卓卬。2尸喈求得a聿,片J号，3=拚六J螺。

高考演练•明确方向

I高考演练

1.（2019江苏单科,2,3分）如图所示,一只气球在风中处于静止状态,风对气球的作用力水平向

右。细绳与竖直方向的夹角为。，绳的拉力为7；则风对气球作用力的大小为（）

A-£B.£C.TbinaD.Tbos。

♦答案C如图所示，气球处于平衡状态，在水平方向上风力与拉力7的水平分力平衡,八q

=7sina，故选项C正确。

2/22

2.（2018江苏单科,3,3分）某弹射管每次弹出的小球速度相等。在沿光滑竖直轨道自由下落过

程中，该弹射管保持水平,先后弹出两只小球。忽略空气阻力，两只小球落到水平地面的

（）

A.时刻相同,地点相同B.时刻相同,地点不同

C.时刻不同，地点相同【）.时刻不同，地点不同

K答案B由题意知,在竖直方向上，两只小球同时同高度自由下落，运动状态始终相同，由

/尸夫^知落到水平地面的时刻相同。在水平方向上，小球被弹出后做速度相等的匀速直线运动，

但先抛出的小球水平方向运动时间较长，由产%t知,xQx后,即两只小球落到水平地面的地点不

同。故选Bo

3.（多选）（2019江苏单科,6,4分）如图所示,摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速回周运动。

座舱的质量为明运动半径为R,角速度大小为M重力加速度为g,则座舱（）

A.运动周期为空

O）

B.线速度的大小为3A

C.受摩天轮作用力的大小始终为mg

D.所受合力的人小始终为nis'R

♦答案BD由六口，片3"可知A错误,B正确。由座舱做匀速圆周运动,可知座舱所受的合力

O）

提供向心力,后〃，3次方向始终指向摩天轮中心,则座舱在最低点时，其所受摩天轮的作用力为

磔+/〃J用故C错误,D正确。

4.（多选）（2020江苏单科,7,4分）甲、乙两颗人造卫星质量相等，均绕地球做圆周运动，甲的轨

道半径是乙的2倍。下列应用公式进行的推论正确的有（）

A.由片刷可知，甲的速度是乙的加倍

3/22

内力与外力受力分析：

确定平研究对象：

的判断:待求求外力川整

衡状态:受力平衡的

作用力是内体法，求内

〃二0物体或系统

力还是外力力用隔离法

列

式

求建立平衡方程

解

图解法

求解或讨论

典例1（2019江苏南通海安期末）如图所示,跳水运动员在走板时，从跳板的a端缓慢地走

到。端,跳板逐渐向下弯曲，在此过程中，该运动员对跳板的（）

A.压力不断增大B.摩擦力不断增大

C.作用力不断增大I）.作用力不断减小

*答案B以运动员为研究对象，由平衡条件知，跳板对运动员的支持力沪侬cos。，摩擦力

户加gsin。，。是跳板与水平方向的夹角；运动员从跳板a端缓慢走到Z?端时，。逐渐增人,『V减

小,f增大；由牛顿第三定律知,运动员对跳板的压力减小,摩擦力增大,故A错误,B正确。跳板

对运动员的作用力是支持力和摩擦力的合力,与重力等大反向，则跳板对运动员的作用力保持不

变,根据牛顿第三定律,运动员对跳板的作用力保持不变,故C、D错误。

国图1（2020江苏南京、盐城二模）物理老师在课堂上将一张薄面纸夹在一本厚厚的《唐

诗辞典》的最下层两个页面之间，并将它们静置于桌面上,要求学生抽出面纸,结果面纸总被拉

断。然后物理老师为学生表演一项“绝活”一一手托《唐诗辞典》，让其运动并完好无损地抽

出了面纸，则《唐诗辞典》可能（）

5/22

A.水平向右匀速运动B.水平向左匀速运动

C.向下加速运动【）.向上加速运动

*答案C学生抽出面纸时一，面纸总被拉断，说明面纸所受的最大静摩擦力大于面纸所承受

的拉力;而老师却能把面纸拉出，可知面纸所受到的最大静摩擦力小于面纸承受的拉九面纸受

到的压力减小了，说明《唐诗辞典》可能发生.了失重现象，即可能向下做加速运动，选项C正确。

二、万有引力定律的应用

1.人造地球卫星公转运动规律分析

中心］—万有引力提供I1星做IW周运动所需的向心力

一一关系卜■「二

-k%

_a.。、a、7、，只要一个量发生变化.其他质

三适卜也发生变化

一。、。、。、7•与R星的质量无关

一当片H时.昨贷=7.9krn/s,为第一宇宙速度

2.分析卫星变轨应注意的三:个问题

（1）卫星变轨时半径的变化，根据万有引力和所需向心力的大小关系判断;轨道上稳定的运

行速度由片j号判断。

⑵卫星在不同轨道上运行时机械能不同,轨道半径越大,机械能越大。

（3）卫星经过不同轨道相交的同一点时加速度相等,外轨道上经过该点的速度大于内轨道上

经过该点的速度。

典例2（多选）（2020江苏金陵中学、丹阳高级中学、无锡一中联考）火星探测项目是我国

继载人航天工程、嫦娥工程之后乂一个重大的太空探索项目。如图所示,探测器被发射到围绕

太阳的椭圆轨道上,/I为近日点,远日点3在火星轨道附近,探测器择机变轨绕火星运动,则火星

探测器（）

6/22

A.发射速度介于第一、第二宇宙速度之间

B.在椭圆轨道上运行周期大于火星公转周期

C.从/I点运动到4点的过程中动能逐渐减小

D.在月点受到的太阳引力小于在4点受到的太阳引力

*答案CD火星探测器离开地球围绕太阳运动，发射速度要大于第二宇宙速度，旦小于第

三宇宙速度,A项错误;火星探测器和火星都围绕太阳运动,根据开普勒第三定律，可知轨道半径

（半长轴）小的,周期小,所以火星探测器在椭圆轨道运行的周期小,所以B项错误;根据开普勒第

二定律,可知行星在近日点速度最大，远日点速度最小，火星探测器从A到Z?速度不断减小,动能

不断减小,C项正确;8点到太阻的距离大于九点到太阳的距离，万有引力与距离的平方成反比，

所以火星探测器在8点受到的太阳引力小于在月点受到的太阳引力,D项正确。

国珍2（2020课标〃,15,6分）若一均匀球形星体的密度为P,引力常量为G,则在该星体表

面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是（）

A.叵B.氏.I）,

y1GpyjGpyj3nGpy/4nGp

*答案A设星体半径为此则其质量在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫

星所受万有引力提供向心力，有偿二初•耕•吊联立解得左潞，故A选项正确，B、C、I）选项错

误。

三、牛顿运动定律及应用

解答思路

7/22

典例3（2020江苏单科,5,3分）中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”，为国际抗疫贡

献了中国力量。某运送防疫物资的班列由4（）节质量相等的车厢组成,在车头牵引下，列车沿平

直轨道匀加速行驶时.，第2节对第3节车厢的牵引力为凡若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均

柱等,则倒数第3节对倒数第2节车厢的牵引力为（）

*答案C设每节车厢所受的阻力（包括摩擦力、空气阻力）为£以后面38节车厢为研究

对象,有638户38炉以最后两节车厢为研究对象,有仆2户2刃&联立上面两式可得/；'磊故C

正确。

,（2020江苏南通、泰州、扬州等七市第二次调研）如图所示，车厢水平底板上放置质

量为"的物块，物块上固定竖直轻杆。质量为力的球用细线系在杆上。点。当车厢在水平面上

沿直线加速运动时,球和物块相对车厢静止,细线偏离竖直方向的角度为此时车厢底板对物

块的摩擦力为人支持力为N已知重力加速度为g,则（）

A.AJfesin。B.AJfetan8

C.（册j/OgD.N=Mg

*答案C以球为研究对象，受力如图甲所示，由牛顿第二定律得侬tan解得

手Man0,线的拉力为广篇以物块和轻杆整体为研究对象,受力如图乙所示,其中T=T,在竖

直方向上，由平衡条件有沪.蛤■T'cos将而g,在水平方向上，由牛顿第二定律有f-

7sin0=Mat解得f=（舱面gtan。，故C项正确,A、B、D项错误。

8/22

四、曲线运动

1.平抛运动的解题思路（各自独立,分别分析）

水平方向，匀速直线

运动

竖直方向，匀加速直

f线运动

2.圆周运动

（1）模型1一一水平面内的圆周运动，一般由牛顿第二定律列方程（所卓加

求解。

（2）模型2一—竖直面内的圆周运动（绳球模型和杆球模型），通过最高点和最低点的速度常

利用动能定理（或机械能守恒定律）来建立联系，然后结合牛顿运动定律进行动力学分析求解。

①绳球模型：小球能通过最高点的条件是V3回。

②杆球模型：小球能通过最高点的条件是

9/22

3.对于平抛或类平抛运动与圆周运动组合的问题，应用合成与分解的思想分析这两种运动

转折点的速度是解题的关键。

典例4（多选）（2020江苏单科,8,4分）如图所示，小球/I、8分别从21和1的高度水平抛

出后落地，上述过程中4、8的水平位移分别为，和21。忽略空气阻力，则（）

A.力和8的位移大小相等

B.4的运动时间是少的2倍

C.1的初速度是//的g

I）.力的末速度比8的大

♦答案AD由图可知,两球的位移大小均为J/2+（2!）2=再/,A项正确。由小球在竖直方向

做自由落体运动得J%；可知小球在空中运动时间片空，故4的运动时间是夕的加倍,B项错

误。再结合水平分运动产外2可得歹故力的初速度是〃的圭,C项错误。由机械能守恒可

得小球落地时的速度v=+2gy=J同+2晟,故匕=呼^、v^2y[gl,D项正确。

典例5（2019江苏南通模拟）如图甲所示,一长为1的轻绳,一端固定在过4点的水平转轴

上,另一端固定一质量未知的小球,整个装置绕A点在竖直面内转动，小球通过最高点吐绳对小

球的拉力〃与其速度平方d的关系如图乙所示,下列判断中正确的是（）

/✓、、

/I\

I1

I«

:A:

%/

、、//

、Z

X__••Z

甲

10/22

乙

A.。可以等于0

B.可求出重力加速度g

C.绳长不变,用质量不同的球做实验,得到的图线斜率不变

D.绳长不变,用质量较大的球做实验，图线。点的位置将往右移

■答案B小球在竖直面内做圆周运动，在最高点的最小速度片故。不可能为零,A项

错误；当后0时,根据牛顿第二定律有畸耳,解得耳衿,故B项正确;根据后#-/〃g知,题图乙

图线的斜率绳长不变,用质量不同的球做实验,斜率会变，故C项错误；当片。时，耳，可知

b点的位置与小球的质量无关,绳长不变，用质量较大的球做实验，图线6点的位置不变,故D项

错误。

■觎（2020课标/,16,6分）如图，一同学表演荡秋千。已知秋千的两根绳长均为10%该

同学和秋千踏板的总质量约为50kg。绳的质量忽略不计。当该同学荡到秋千支架的正下方时，

速度大小为8m/s,此时每根绳子平均承受的拉力约为（）

A.200NB.400N

C.600ND.800N

11/22

*答案B该同学荡秋千可视为做圆周运动，设每根绳子的拉力大小为冗以该同学和秋千

踏板整体为研究对象,在最低点根据牛顿第二定律得2尸质耳,代入数据解得后405、,故每根绳

n

子平均承受的拉力约为4()0N,B项正确,A、C、I)项错误。

五、板块模型

滑块一木板问题的分析方法

先假设两者相对、

静止，由牛顿第二A若f&f,]»不会发生

动

力定律求出它们之相对滑动

学

法间的摩擦力f,与.发生相对

|最大静摩擦力fm♦若滑动

进行比较

运

动

学

法

典例6(2019江苏单科,15,16分)如图所示,质量相等的物块A和8叠放在水平地面上,左

边缘对齐。力与〃、8与地面间的动摩擦因数均为〃。先敲击44立即获得水平向右的初速度，

在〃上滑动距离£后停下。接着敲击员〃立即获得水平向右的初速度,力、4都向右运动,左边缘

再次对齐时恰好相对静止,此后两者一起运动至停下。最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速

度为g。求:

R

’7〃力力〃〃/〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃//〃〃/〃),

(1)月被敲击后获得的初速度大小3

(2)在左边缘再次对齐的前、后,，运动加速度的大小为、为

(3)3被敲击后获得的初速度大小n.o

*答案⑴J24gL(2)3ug(3)2,2®

12/22

・解析(1)由牛顿运动定律知,A加速度的大小a,=ug

匀变速直线运动2aq说/I

解得♦力

(2)设/、8的质量均为/〃

对齐前,。所受合外力大小片3umg

由牛顿运动定律F-uia^得〃尸3〃g

对齐后,力、8所受合外力大小U二2〃侬

f

由牛顿运动定律F=2maB\得a/=ng

(3)经过时间t,A.片达到共同速度匕位移分别为左、心力加速度的大小等于&

贝IJ片a",片匠为，

1->1,

x，r^aAt,x^vst-^aBt

且x鼠x^L

解得.2j2〃gL

豌5(多选)(2019江苏天一中学月考)如图为某工程车的卸货装置,该装置为一能够直接

将货物传送到地面的倾角为〃的传送带。该装置在正常工作时沿逆时针方向匀速转动,传送带

的速度为匕卸货工人将质量均为加的货物无初速度地放在传送带顶端，已知货物与传送带间的

动摩擦因数为〃，且"〈tan0.则货物在整个运动过程中的速度随时间变化的规律可能是

()

13/22

*答案BC对货物进行受力分析可知，将货物刚放上传送带时,货物受重力、支持力、沿

传送带向下的滑动摩擦力，则货物沿传送带做匀加速直线运动,加速度为行器in0+〃史os。，当

货物速度达到与传送带速度相等时,货物的位移为x,如果x》L（L为传送带两端之间的距离），货

物一直加速,故B项正确；如果x〈L,当货物速度达到与传送带速度相等时，由于〃<tan。，即

磔sin夕》pmgcos。,此时摩擦力突变向上,加速度变为a'二交in夕-〃史os货物以此加速度继

续做加速运动,又故C项正确。

L迎刺提空曲

—>单项选择题

1.（2020江苏南通、泰州、扬州等七市第二次调研）肩扛式反坦克导弹发射后，喷射气体产生推

力二一段时间内导弹在竖直面内沿下列图中虚线向前运动。其中导弹飞行姿势可能正确的是

（）

*答案BA图中导弹向后喷气，喷射气体产生沿虚线向右的作用力，重力竖直向下，则合力方向

向右下方,不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故A不符合题意:B图中导

弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，则合力方向有可能沿虚线方向，故导弹可

能沿虚线方向做直线运动，故B符合题意;C图中导弹向后喷气,产生斜向右下方的作月力,重力

竖直向下,则合力方向不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动,故C不符合题

意;I）图中导弹做曲线运动，导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，此时合力方

向不可能指向虚线凹侧，故导弹不可能沿虚线方向做曲线运动，故D不符合题意。

14/22

2.（2020江苏南通、泰州第一次调研）在冰球游戏中，冰球以速度％在水平冰面上向左运动,某

同学在水平面上沿图示方向快速击打冰球,不计一切摩擦和阻力。下列图中的虚线能正确反映

冰球被击打后可能的运动路径是（）

击打方向

Cj击打方向

：、、、

♦、、

AB

击打方向

Qj击打方PJ

,-9，。受

:、、

」、、、

CD

幡案A因为不计一切摩擦和阻力,冰球受击打之后做匀速直线运动;冰球在受到击打时，沿

击打的方向会获得一个分速度,所以合速度的方向一定在初速度方向与击打方向之间,不可能沿

击打方向。由以上的分析可知,A项正确。

3.（2020江苏无锡期末）如图所示,两位同学在体育课上进行传接篮球训练，甲同学将篮球从月点

抛给乙（篮球运动的轨迹如图中实线1所示），乙在9点接住，然后乂将篮球传给甲（篮球运动的

轨迹如图中虚线2所示）。已知篮球在空中运动的最大高度恰好相同。若忽略空气阻力,则下列

说法中正确的是（）

A.篮球沿轨迹1运动的时间较长

B.篮球沿轨迹1运动的过程中速度变化较快

C.两同学将篮球抛出的速度大小相等

D.篮球落到8点前的瞬间重力做功的功率等于落到。点（与48两点高度相同）前的瞬间重力

做功的功率

・答案D篮球在竖直方向上做竖直上抛运动，水平方向做匀速直线运动，运动时间由竖直高度

决定，由于高度相同,所以两次运动时间相同,故A项错误;篮球只受重力,根据牛顿第二定律,篮

15/22

球的加速度为g,所以两次运动中速度变化快慢相同,故B项错误；由轨迹知道,两次运动中竖直

方向的初速度相同,第2次水平初速度小于第1次,根据速度的合成规律可知第2次抛出的速度

小于第1次,故C项错误；由于篮球落到5点前瞬间的竖直方向的分速度和落到C点前瞬间的竖

直方向分速度相同,所以篮球落到8点前的瞬间重力做功的功率等于落到。点前的瞬间重力做

功的功率,故I）项正确。

4.（2020江苏苏北四市第一次调研）“礼让行人”是城市文明交通的体现。小王驾驶汽车以

36km/h的速度匀速行驶,发现前方的斑马线上有行人通过,立即刹车使车做匀减速直线运动,直

至停止，刹车加速度大小为10Vs2o若小王的反应时间为0.5s,则汽车距斑马线的安全距离为

（）

A.5mB.10m

C.15mI）.36m

K答案B汽车的初速度为^36km/h=10m/s,反应时间f0.5s内做匀速直线运动,有

X二%1尸5m,刹车过程的加速度大小为a=10m/s\由匀减速直线运动的规律得0-4二-2叫，可得刹

车距离为总亭=5叫故安全距离洪乂+豆=1（加B项正确,A、C、I）项错误。

5.（2020江苏盐城大丰第二中学测试）如图所示,滑板运动员以速度方从距离地面为力的平台末

端水平飞出，落在水平地面上c运动员和滑板均可视为质点，忽略空气阻力的影响。下列说法中

正确的是（）

A"一定时，％越大,运动员在空中运动时间越长

B"一定时，％越大，运动员落池瞬间速度越大

C.运动员落地瞬间速度与高度h无关

【）.运动员落地位置与%大小无关

16/22

・答案B根据右后知，运动员在空中运动的时间由高度决定,与初速度无关，故A项错误;落

地时竖直分速度v,12gh,则运动员落地瞬间的速度-+的=J4+2gh,初速度越大,落地

瞬间速度越大,B项正确;落地时速度方向与水平方向夹角的正切值tana-"腐,落地速度大

4v0

小尸柝石，可知落地速度与高度有关，故C项错误;水平位移由初速度和高度共同决定，则

运动员落地的位置与初速度有关，故D项错误。

6.（2019江苏南通、泰州、扬州等七市二模联考）为使雨水尽快离开房屋的屋顶面，屋顶的倾角

设计必须合理。某房屋示意图如图所示，设屋顶面光滑,倾角为〃，雨水由静止开始沿屋顶面向

下流动，则理想的倾角。为

A.30°B.45°

C.60°I).75°

♦答案B如题图，由于房屋的水平宽度一定，设为2乂由公式后〃可得

广三巴-2：J当sin2。=1,即。二45。时，时间t最小，故B正确。

ags】nGgsinGcos。gs】n2。

二、多项选择题

7.（2020江苏常州教育学会学业水平监测）如图所示，质量不等的两同学到游乐场乘“旋转秋

千”，他们分别坐在用相同长度的轻质缆绳悬挂的相同座椅中，当圆盘带着两人达到匀速转动时,

两人角速度大小分别为以、。力线速度大小分别为匕、畛,向心加速度大小分别为句、2,增加

的重力势能分别为A晶、△及。已知处＞外不计空气阻力，下列判断正确的是（）

17/22

7J

a|k

A.a>j=o>2B.匕〈为

C.水为D.A£j>A£2

踏案AD当圆盘带着两人达到匀速转动时，两人用速度相同，选项A正确；设悬绳与竖直方向

的夹角为。，根据侬tan。二小小，其中尸肥/sin。，可知两人的转动半径厂以及。相等，则两人

转动的线速度大小相等,选项B错误;根据小32r可知，向心加速度大小相等,选项C错误;增加

的重力势能AE=mgl（l-cos。），因为1、。相等,0〉为可知△晶）八线2,选项D正确。

8.（2020江苏苏、锡、常、镇四市调研）我国北斗卫星导航系统（BDS）已经开始提供全球服务，具

有定位、导航、授时、5G传输等功能。尔8为“北斗”系统中的两颗工作卫星，其中力是高轨

道的地球同步卫星,8是中轨道卫星。已知地球表面的重力加速度为g,地球的自转周期为几下

列判断正确的是（）

A.卫星A可能经过江苏上空

B.卫星，可能经过江苏上空

C.周期大小7?公。

D.向心加速度大小

■答案BCD4是高轨道的地球同步卫星，其运行轨道位于赤道上空，不可能经过江苏上空，故A

项错误;少是中轨道卫星不是地球同步卫星,所以卫星3可能经过江苏上空,故B项正确;根据

华辛，可得出再^半径越大,周期越大,所以分④&故C项正确;根据万有引力提供向

心力，有书归,得赤脸,半径越大，向心加速度越小,所以向心加速度大小a.Wg,故D项正确。

9.（2019江苏扬州中学月考）我们经常在电视中看到男、女花样滑冰运动员手拉手在冰面上旋转

并表演各种优美的动作。现有甲、乙两名花样滑冰运动员，/甲=80kg,m乙二40kg,他们面对面拉着

18/22

弹簧测力计各自以他们连线上某一点为圆心做匀速圆周运动,若两人相距0.9m,弹簧测力计的示

数为600N,则（不考虑冰面的摩擦）（）

A.两人的线速度相同，为0.4m/s

B.两人的角速度相同，为5.Orad/s

C.两人的运动半径相同，都是0.45m

D.两人的运动半径不同，甲的半径是0.3m、乙的半径是0.6m

幡案BD弹簧测力计对甲、乙两名运动员的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律得加甲甲

成:切乙心忧=600N①;由于甲、乙两名运动员面对面拉着弹簧测力计各自以他们连线上某一点

V乙

Rmmz

为圆心做匀速圆周运动，所以分甲二3乙一一，已知力甲二80kg,r乙二40kg,两人相距0.9m,所以两人

R乙优甲

的运动半径不同，甲为0.3m,乙为0.6m;根据①得两人的隹速度为3甲二3乙二5.Orad/s;根据线速

度片Qr得甲的线速度大小是。甲=L5m/s,乙的线速度大小是/乙=3.0m/s。故A、C错误,B、D

正确V

1。.（2020江苏扬州中学4月测试）如