2026-2027学年人教版中考物理考前热身模拟卷(含答案和解析)

第页2026-2027学年人教版中考物理考前热身模拟卷(含答案和解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．与实物电路对应的电路图是（）A． B． C． D．2．如图是探究“杠杆平衡条件”的实验中，每个钩码的重力为0.5N，下列说法正确的是（）A．甲图杠杆处于非平衡状态 B．乙图在a点用弹簧测量计至少要2N的力才能使杠杆保持平衡 C．丙图中要使杠杆平衡，F1＜F2 D．杠杆平衡条件为：动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离3.能量、信息人们十分关注，以下说法正确的是(

)A.北斗卫星系统具有定位、导航等功能，它是利用电磁波传递信息的

B.小明在荡秋千，当秋千荡到最低点时小明的动能最大，速度最慢

C.太阳能、风能、水能都是不可再生能源，它们都可以转化为电能

D.由于能量转化是守恒的，所以自然界的能源是取之不尽用之不竭的4.如图，小丽把悬挂的铁锁拉住并靠近自己的鼻子(不碰到)，稳定后松手，头保持不动，铁锁向前摆去又摆回(忽略空气阻力)。下列说法不正确的是(    )A.只要铁锁的质量够大，铁锁摆回来时会碰到鼻子

B.铁锁向下摆的过程中，重力势能转化为动能

C.锁摆到最低点后会继续上升，是因为铁锁具有惯性

D.铁锁在摆动过程中，只受到两个力的作用

5．在科学发展的历程中，许多学者、科学家做出了杰出的贡献，下列叙述正确的是（）①沈括最早记述了“地理的两极和地磁两极不重合”的现象；②牛顿最早利用实验测量出了大气压的数值；③奥斯特首先发现了电磁感应现象；④伽利略通过实验分析得出，物体的运动不需要力来维持。A．只有①、②正确B．只有①、④正确 C．只有②、③正确 D．只有①、③正确6.“生活处处有物理，留心观察皆学问”。下面对生活中有关现象的解释，正确的是(

)A.用高压锅煮食物容易熟，是因为液体沸点随大气压强的增大而降低

B.一艘潜水艇从长江内河潜行到太平洋时，潜水艇受到的浮力将变大

C.满天星辰，其中地球、质子、原子核、分子是按照尺度由大到小的顺序排列的

D.昆明南站是辐射东南亚的重要设施，以急速驶过的高铁为参照物，站台是静止的7．干冰（固态二氧化碳）具有很好的制冷作用，可用于人工降雨，这是由于干冰在常温下会迅速变为气体，吸收热量，促使周围水蒸气遇冷凝结成小水滴或小冰晶，小冰晶下降遇热变成小水滴，从而达到降雨的条件。关于下图“括号”内物态变化名称、“虚线框”中“吸（放）热”情况的说法正确的是（）A．图中a是“汽化”，甲是“吸热”B．图中b是“液化”，乙是“放热”C．图中c是“升华”，丙是“吸热”D．图中d是“熔化”，丁是“放热”二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.如图是同学们常用的燕尾夹，AB=BC，当用力摁住C点打开该夹子时，此时夹子可近似看作______杠杆(选填“省力”、“费力”或“等臂”)。用图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，滑轮重、绳重和摩擦力不计.则手的拉力F甲=______N，F乙=______9.如图甲所示，用水平拉力拉着水平桌面上一木块向右做直线运动，拉力的大小与时间的关系如图乙所示。在第后木块开始做匀速直线运动。则第时木块受到的拉力大小为___________，此时木块受到的滑动摩擦力为___________，此时木块做___________（选填“加速”、“匀速”或“减速”）直线运动。10.如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝，且电阻丝的阻值大小不相等，瓶中分别插入规格相同的温度计a、b。利用此装置探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关时，在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油闭合开关一段时间，可以通过观察温度计

情况，判断电阻丝产生热量的多少。此方案是探究电流和通电时间相同时，电流通过电阻丝产生的热量与

大小的关系。在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值R甲=R乙时，可以比较不同物质的吸热能力。若温度计a比温度计b温度升高得快，则甲、乙两瓶内液体的比热容关系是c甲

c乙(选填“>11.小明洗澡时发现浴室的两根水管管壁上，一根布满了水珠，一根完全见不到水珠（如图），布满水珠的是___________（选填“热水”或“冷水”）管；水珠的形成是___________（填物态变化名称）的结果，此过程需要___________热。12．“父亲节”这天，扎西同学为爸爸炖了一碗排骨汤，将装汤的碗放在有2kg水的盆子中进行降温。扎西同学用水进行降温主要是利用了水的大，过了一会儿，水温由15℃升高到20℃，水吸收的热量为J。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]13．如图所示，工人将80N的重物提升了3m，所用的时间为20s，拉力为50N，拉力的功率是W，动滑轮的机械效率是。14．白炽灯灯泡内的钨丝正常工作时温度高达2000℃左右（钨的熔点是3410℃），长期使用后，钨丝因（填物态变化）变细，导致灯丝的电阻变（选填“大”、“小”）。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．把如图所示的三孔插座和带有开关的电灯分别正确地接入电路中。16．A、B泡沫小球静止时如图所示，已知A球带正电，则：（1）B球（选填“一定”或“不一定”）带负电；（2）在图中画出A球所受力的示意图。17．工人利用传送带运送包装好的防疫物资。如图所示，防疫物资M正随水平传送带向右匀速移动，请作出此时物资M的受力示意图。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.某物理学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，连接了如图甲所示电路(电源电压保持4.5V不变)。

(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整。(要求：滑动变阻器滑片P向左移动，电路中电流变小，导线不得交叉)

(2)连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R

(选填“短路”或“断路”)。

(3)图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为

V；当R的阻值由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压保持不变，滑动变阻器的滑片应向

(选填“左”或“右”)端滑动；若实验中R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的阻值至少是

Ω。19．如图所示，小红和小青同学做了一系列“探究水沸腾”的实验。（1）如图甲所示，安装实验装置时，应先调节（选填“A”或“B”）的高度；（2）如图乙所示，是水（选填“沸腾前”或“沸腾时”）气泡上升过程的情况；（3）小红同学从水温为89℃开始记录水的温度，每隔1min记录一次数据，并将数据记录在表中；时间/min01234567温度/℃8990919293939393分析表中的数据可知，当地大气压1个标准大气压（选填“低于”“等于”或“高于”）；（4）如图丙所示，小红将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装水的容器B内，经过一段时间看到试管A中有小水珠出现，温度计C的示数将（选填“升高”“降低”或“不变”）；（5）如图丁所示，E容器内装有水，F试管内也装有水，并通过容器密封盖上的孔插入E容器的水中，且F试管与密封盖紧密接触。现给E容器加热，则经过一段时间后，则。A.E容器内的水先沸腾

B.E容器、F试管内的水同时沸腾C.F试管内的水先沸腾D.E容器内的水沸腾，F试管内的水不会沸腾20.【探究名称】探究保温瓶的保温效果与什么因素有关【问题】有些同学喜欢用保温瓶带热水到校饮用。使用过程中发现瓶内装水较多时，保温效果较好；瓶内装水较少时，保温效果较差。据此，同学们猜想：保温瓶的保温效果可能与______有关。【证据】针对同学们的猜想，甲、乙两组同学分别设计了一套方案。甲组方案：利用五个规格相同的保温瓶（容积为）在同一天进行实验（1）上午8：00将不同体积初温为的热水，同时装入五个保温瓶内；（2）下午6：00打开五个保温瓶，同时测量并记录水温，计算出水降低的温度。乙组方案：利用同一保温瓶（容积为）分五天进行实验（1）每天上午8：00将不同体积初温为98℃的热水装入同一保温瓶内；（2）每天下午6：00打开保温瓶，测量并记录水温，计算出水降低的温度。上述两套方案，都能控制实验时保温瓶的保温性能完全相同，但乙组方案不能保证每天的______完全相同。所以，同学们选择了甲组方案在实验室进行实验。收集的数据如下表：水的初温：98℃保温瓶编号①②③④⑤水的体积（L）1.61.71.81.92.0水的末温（℃）79.081.583.085.584.5水降低的温度（℃）19.016.515.012.513.5【解释】（1）本实验通过相同时间内______来反映保温瓶的保温效果，这种研究方法称为转换法；（2）分析实验数据可以得出初步结论：在其它条件相同的情况下，水量少于时，水量越多，其保温效果越______；水量在时，水量越少，其保温效果越好。交流】（3）经过讨论，同学们认为水量在范围内的初步结论不一定可靠，原因是______。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图甲所示，电源电压不变，将小灯泡L和电阻R接入电路中，只闭合开关S1时，小灯泡L的实际功率为1W。图乙所示分别是小灯泡L和电阻R的I-U图像。完成下面问题（1）只闭合开关S1时，求电源的电压和小灯泡L的电阻；（2）同时闭合开关S1和S2时，求1min内电阻R产生的热量和电路总功率。22．质量为60kg的建筑工人用如图甲所示的滑轮组匀速提升货物，滑轮组的机械效率随货物重力变化的图象如图乙所示。工人在10s内将货物匀速提高了3m，双脚与地面的接触面积为0.04m2．工人对钢绳拉力的方向始终竖直向下，不计摩擦与绳重。g取10N/kg。则（1）画出工人所受到的各个力的示意图；（2）求动滑轮的重力；（3）若工人对钢绳的拉力为400N，求此时工人的功率和他对地面的压强。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．小雨的质量是50kg，大雪过后，他穿着雪地靴，到外面玩耍，脚踩下去，在厚厚的雪地上留下了一对深深的脚印，脚印下面的雪已经变成了透明的薄冰。同行的爸爸用刻度尺测量了一下，冰的厚度为2cm，冰面至雪面的高度为8cm。回到家里，爸爸让小雨把鞋踏在方格纸上，拓下了他的脚印，如图所示，方格的边长为1cm，爸爸说，数一下方格的数量，边缘方格超过半个方格的按一个算，不够半个方格的忽略不计，就可以知道鞋底的面积。利用这些数据，请你替小雨完成以下任务：（1）估算小雨的鞋底的面积；（2）计算小雨双脚站立时对脚下冰的压强；（3）计算出雪的密度。（冰的密度为0.8g/cm3）24．图甲是一种新型家用电器﹣电压力锅，图乙是某型号电压力锅工作电路简图，表中数据是其部分参数。其中R是主加热器，R0是保压加热器。接通电路后，开关S自动与触点a、b接通，开始加热。当锅内温度达到105℃．开关S自动与a、b断开，此时锅内水温不变，且未沸腾。现将5kg初温为25℃的水加入电压锅中，热量损耗不计，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））。求额定电压（V）220主加热器额定功率（W）880保压加热器额定功率（W）120保压温度（℃）105最大盛水量（kg）6（1）电压力锅加热状态时主加热器R的电阻（2）电压力锅多少min后开始保压？（3）电压力锅在此30min内保压时所消耗的电能。25．阅读短文，回答问题：无链条电动自行车无链条电动自行车，整体外形时尚，没有了链条，外观变得与普通自行车或电动车有些不同，如图19所示。无链条电动自行车被称为“没有链条的混合动力电动自行车”。它结合了电子动力和人体动力，此车既可以通过给锂电池充电获得能量；也可以通过骑行者踩脚踏板获得能量。骑行者踩脚踏板的动能，可通过车上的发电机转化为电能，存储在自行车框架中的锂电池内，之后通过电动机驱动后轮转化成动能，以此驱动自行车前进。因此使骑行者骑得更省力，同时也能减少对环境的污染。如图所示这款无链条电动自行车，其锂电池容量为10Ah、电压为36V。与链条车相比，这种新型自行车具备许多优点。比如：省力、耐用、安全、灵便、干净卫生、结构简单、修理方便，骑行12000km也无须大修。因此，无链条电动自行车是城市中一种理想的交通工具。（1）无链条电动自行车可将骑行者踩脚踏板所产生的动能通过转化为电能，然后电能又转化为能存储在车子的锂电池中，之后再通过驱动后轮再次转化成动能，驱动车子前进。（2）无链条电动自行车的车把龙头是（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；（3）如图所示这款车的锂电池最多所储存的电能约为J。（4）如图所示这款车，若骑行者不踩脚踏板，仅靠锂电池驱动，这种“电力驱动”可使车连续行驶2×104m；若骑行者踩脚踏板辅助锂电池给车提供能量，这种“混合动力驱动”可使车连续行驶3.5×104m．则“混合动力驱动”时人所提供的能量与“电力驱动”时锂电池提供的能量之比为。

参考答案及解析1．解：由实物图可知，两灯并联，电流表测通过L1的电流，开关在干路控制整个电路，A、图中两灯并联，电流表测通过L1的电流，开关控制整个电路，故A正确；B、图中两灯并联，电流表测干路电流，故B错误；C、图中两灯并联，电流表测L2的电流，故C错误；D、图中两灯并联，电流表测L1的电流，开关控制L2支路，故D错误。故选：A。2．（2分）如图是探究“杠杆平衡条件”的实验中，每个钩码的重力为0.5N，下列说法正确的是（）A．甲图杠杆处于非平衡状态 B．乙图在a点用弹簧测量计至少要2N的力才能使杠杆保持平衡 C．丙图中要使杠杆平衡，F1＜F2 D．杠杆平衡条件为：动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离【分析】（1）杠杆平衡状态为静止状态或匀速转动状态；（2）根据杆杆的平衡条件解答；（3）当弹簧测力计斜着拉时，其力臂变小，根据杠杆平衡条件分析出答案；（4）杠杆平衡条件探究“动力×动力臂”与“阻力×阻力臂”之间的关系，力臂不一定是支点到力作用点的距离。【解答】解：A、实验前杠杆在如图甲所示位置静止，所以杠杆此时处于平衡状态，故A错误；B、根据杠杆的平衡条件可得：F＝＝G＝0.5N；故弹簧测力计至少需要0.5N，故B错误；C、丙图斜向左拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，要使杠杆平衡，F1＜F2，故C正确；D、杠杆的平衡条件是动力×动力臂＝阻力×阻力臂，杠杆在水平位置平衡，力臂等于支点到力的作用点的距离，如果用弹簧测力计斜着拉杠杆使其在水平位置平衡，力臂就不是支点到力的作用点的距离，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了杠杆平衡的条件，常见题目。3.【答案】A

【解析】解：A、我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它是利用电磁波传递信息的，故A正确；

B、小明荡秋千荡到最低点时，小明的质量不变，速度最大，动能最大，故B错误；

C、风能、水能、太阳能可以源源不断地从自然界获得，属于可再生能源，它们都可以转化为电能，故C错误；

D、能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的，能源的利用是有条件的，我们所能利用的能源是有限的，所以需要节约能源，故D错误。

故选：A。

(1)北斗卫星是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息；

(2)动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；

(3)不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例如石油、天然气、天然铀矿等都属于不可再生能源；能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源；

根据风力发电、水力发电、太阳能转化进行分析；

(4)能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的。

本题考查了电磁波的利用、能源的分类、动能大小的判断以及能量守恒、转化和转移的方向性，都属于基础知识，难度一般。

4.【答案】A

【解析】【分析】

通过一个小实验考查了动能、重力势能、机械能大小的变化，还考查了惯性等基础知识，难度不大。

【解答】

A、锁在摆到过程中，因为机械能守恒，回来的时候只能到达原来的位置，碰不到鼻子。质量再大也碰不到鼻子，故A错误；

B、锁向下摆的过程中，锁的质量不变，高度减小，重力势能减小，故重力势能转化为动能。故B正确；

C、到达最低点，由于惯性继续运动，故C正确；

D、在不计空气阻力的情况下，铁锁在摆动过程中，受到重力和绳子的拉力两个力的作用。故D正确。

故选：A。5．解：①沈括最早记述了“地理的两极和地磁两极不重合”的现象，即发现了磁偏角，说法正确；②托里拆利最早利用实验测量出了大气压的数值，而不是牛顿测出的，说法错误；③奥斯特首先发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，说法错误；④伽利略通过理想斜面实验分析得出，物体的运动不需要力来维持，说法正确。综上所述，只有①、④正确。故选：B。6.【答案】B

【解析】解：A、用高压锅煮食物容易熟，是因为液体沸点随气体压强的增大而升高，故A错误；

B、潜水艇从长江内河潜行进入海洋，潜水艇浸没，排开水的体积不变，始终等于其自身体积，海水密度增大，根据公式F浮=ρgV排可知，潜水艇受到的浮力变大，故B正确；

C、质子和中子构成原子核，电子和原子核构成原子，原子构成分子，分子构成物质，地球又是太阳系中的一颗行星，太阳和漫天星辰都只是银河系中的恒星，所以它们从大到小的顺序为：满天星辰、地球、分子、原子核、质子。故C错误；

D、站台相对与急速驶过的高铁位置发生了变化，故以急速驶过的高铁为参照物，站台是运动的，故D错误。

故选：B。

(1)高压锅是利用锅内气压增大、沸点升高的原理煮熟食物的；

(2)潜水艇从长江内河潜行到海洋时，排开海水体积不变，海水密度变大，根据阿基米德原理判断浮力大小变化；

(3)宇宙由物质组成的，宇宙中拥有数十亿个星系，漫天星辰和太阳只是其中一部分恒星；地球只是太阳系其中之一；物体是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的，原子核包括质子和中子两部分；

7．【答案】B【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热【解析】【解答】A．图中a处是干冰变为二氧化碳气体的过程，属于升华，吸收热量，所以a是“升华”，甲是“吸热”，故A错误；B．图中b处是水蒸气变为小水滴的过程，属于液化，放出热量，所以b是“液化”，乙是“放热”故B正确；C．图中c处是水蒸气变为小冰晶的过程，属于凝华，放出热量，所以c是“凝华”，丙是“放热”故C错误；D．图中d处是小冰晶变为小水滴的过程，属于熔化，吸收热量，所以d是“熔化”，丁是“吸热”故D错误。故答案为：B。

【分析】固体变为气态是升华现象；气体变为液体是液化现象；气体变为固体，是凝华现象。8.【答案】等臂

100

50

【解析】解：(1)当用力摁住C点打开该夹子时，AC是围绕B点转动的，故B为支点；由于AB=BC，故动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。

(2)由图甲可知，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力，F甲=G=100N；

由图乙可知：乙滑轮是动滑轮，滑轮重、绳重和摩擦力不计，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体重力的一半，F乙=12G=12×100N=50N。

故答案为：等臂；100；9.如图甲所示，用水平拉力拉着水平桌面上一木块向右做直线运动，拉力的大小与时间的关系如图乙所示。在第后木块开始做匀速直线运动。则第时木块受到的拉力大小为___________，此时木块受到的滑动摩擦力为___________，此时木块做___________（选填“加速”、“匀速”或“减速”）直线运动。【答案】①.14②.10③.加速10.【答案】示数变化

电阻

<

【解析】解：(1)电流通过导体产生的热量不易直接观察，本实验中通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少。探究电流产生的热量多少与电阻的关系时，应控制通过甲、乙两电阻的电流和通电时间不变。故据图可知，此时两电阻串联，所以电流相同，通电时间相同，故该装置可以探究电热和电阻的关系；

(2)在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值R甲=R乙时，即相同的时间两电阻丝上产生的热量相同，故温度计a比温度计b温度升高得快，则说明甲的比热容小于乙的比热容。

故答案为：示数变化；电阻；<。

(1)电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少。

电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生的热量跟电流大小关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电阻的关系时，控制电流和通电时间不变；探究电流产生的热量跟通电时间的关系时，控制电流和电阻不变。

(2)11.小明洗澡时发现浴室的两根水管管壁上，一根布满了水珠，一根完全见不到水珠（如图），布满水珠的是___________（选填“热水”或“冷水”）管；水珠的形成是___________（填物态变化名称）的结果，此过程需要___________热。【解析】[1]小明洗澡的浴室内温度较高，水蒸气含量大，热的水蒸气遇冷的物体液化成小水珠，所以有水滴的水管是冷水管，没有水滴的是热水管。[2][3]水珠的形成是由于水蒸气遇冷液化，液化过程中水蒸气需要放出热量。【答案】①.冷水②.液化③.放12．【答案】比热容；4.2×104【知识点】比热容；热量的计算【解析】【解答】（1）水的吸热能力最强，水在各种物质的比热容中，比热容最大。

（2）水吸收的热量为Q=Cm∆t=4.2×103J/（kg•℃)×2kg×5℃=4.2×104J13．如图所示，工人将80N的重物提升了3m，所用的时间为20s，拉力为50N，拉力的功率是15W，动滑轮的机械效率是80%。【解析】（1）使用动滑轮时，n＝2，则拉力端移动的距离：s＝2h＝2×3m＝6m，拉力做的总功：W总＝Fs＝50N×6m＝300J，做功时间t＝20s，拉力F做功的功率：P＝＝＝15W；（2）所做的有用功：W有用＝Gh＝80N×3m＝240J，动滑轮的机械效率：η＝＝×100%＝80%。故答案为：15；80%。14．升华大【详解】[1][2]钨丝在高温下升华变为钨蒸汽，钨丝变细，在材料、长度一定时，横截面积越小，电阻变大。15．（3分）把如图所示的三孔插座和带有开关的电灯分别正确地接入电路中。【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：16．【解答】解：已知A球带正电，由图可知：A吸引B，说明B与A带异种电荷，即带负电，也可能不带电。A球受到重力G、绳子的拉力F拉和B球的吸引力F作用，力的作用点在A球的几何中心，作图如下：故答案为：（1）不一定；（2）见上图。17．解：由于物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以M不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作用；如图所示：18.【答案】断路

3

左

7.5

【解析】解：(1)滑动变阻器应串联在电路中，接线原则是“一上一下，以下为主”；要使滑片P向左移动，电路中电流变小，电阻变大，应接滑动变阻器的右下接线柱，即应将滑动变阻器右下接线柱接电流表的“0.6”接线柱或定值电阻R的右接线柱，如答案图所示；

或

(2)若定值电阻短路，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意；

若定值电阻R断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，符合题意，故闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R断路；

(3)由图像可知，R两端的电压U=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=0.15A×20Ω=3V；本实验要采用控制变量法，当R的阻值由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压保持不变，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，将滑片向左端滑动；电源电压保持4.5V不变，定值电阻两端的电压为3V不变，则滑动变阻器两端的电压为4.5V−3V=1.5V；即滑动变阻器两端的电压为定值电阻两端电压的一半；根据串联电路的特点，电压之比等于电阻之比，则滑动变阻器的最小阻值应为定值电阻最大阻值的一半，即7.5Ω。

故答案为：(1)见解析；

(2)断路；

(3)3；左；7.5。

(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；

(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；

(3)由图乙求出电流与电阻之积；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；

探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。

本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、控制变量法，数据分析、操作过程和对器材的要求。

19．A沸腾前低于升高C【详解】（1）[1]在安装器材时，为了确保酒精灯用外焰加热，温度计的玻璃泡浸没在被测液体中，且不碰到杯壁与杯底，应按照从下到上的顺序安装器材，则图甲中，安装实验装置时，应先调节A的高度。（2）[2]图乙中，气泡上升过程中逐渐减小，是水沸腾前气泡上升过程的情况。（3）[3]水沸腾过程中，温度保持不变，由表中的数据可知，水的沸点为93℃，1个标准大气压下水的沸点为100℃，气压越低，沸点越低，则当地大气压低于1个标准大气压。（4）[4]如图丙所示，小红将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装水的容器B内，经过一段时间看到试管A中有小水珠出现，说明水蒸气遇冷放热液化，温度计C的示数将升高。（5）[5]E容器中的水汽化形成水蒸气，使液面上方的气压增高，从而提高了E容器中水的沸点，沸点较高，高于F容器中水的沸点，因此F容器中的水能够不断吸收热量，先达到沸点，因此F试管内的水先沸腾，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。20.【探究名称】探究保温瓶的保温效果与什么因素有关【问题】有些同学喜欢用保温瓶带热水到校饮用。使用过程中发现瓶内装水较多时，保温效果较好；瓶内装水较少时，保温效果较差。据此，同学们猜想：保温瓶的保温效果可能与______有关。【证据】针对同学们的猜想，甲、乙两组同学分别设计了一套方案。甲组方案：利用五个规格相同的保温瓶（容积为）在同一天进行实验（1）上午8：00将不同体积初温为的热水，同时装入五个保温瓶内；（2）下午6：00打开五个保温瓶，同时测量并记录水温，计算出水降低的温度。乙组方案：利用同一保温瓶（容积为）分五天进行实验（1）每天上午8：00将不同体积初温为98℃的热水装入同一保温瓶内；（2）每天下午6：00打开保温瓶，测量并记录水温，计算出水降低的温度。上述两套方案，都能控制实验时保温瓶的保温性能完全相同，但乙组方案不能保证每天的______完全相同。所以，同学们选择了甲组方案在实验室进行实验。收集的数据如下表：水的初温：98℃保温瓶编号①②③④⑤水的体积（L）1.61.71.81.92.0水的末温（℃）79.081.583.085.584.5水降低的温度（℃）19.016.515.012.513.5【解释】（1）本实验通过相同时间内______来反映保温瓶的保温效果，这种研究方法称为转换法；（2）分析实验数据可以得出初步结论：在其它条件相同的情况下，水量少于时，水量越多，其保温效果越______；水量在时，水量越少，其保温效果越好。【交流】（3）经过讨论，同学们认为水量在范围内的初步结论不一定可靠，原因是______。【答案】①.水的体积②.室温③.水降低的温度④.好⑤.因为没有进行多次实验，实验结论具有偶然性，没有普遍性，所以水量在范围内的初步结论不一定可靠【解析】【详解】[1]瓶内装水较多时，保温效果较好，瓶内装水较少时，保温效果较差，猜想：保温瓶的保温效果可能与水的体积有关。[2]乙组方案中利用同一保温瓶分五天进行实验，每天的气温不同，不能保证每天的室温完全相同。（1）[3]本实验通过相同时间内水降低的温度来反映保温瓶的保温效果，相同时间内水降低的温度越多，说明保温效果越差。（2）[4]由表中数据可知，水量少于1.9L时，保温性能随水量的减小而减弱，水量越多，其保温效果越好；在水量在2L到1.9L时，保温性能随水量的减小而增强。（3）[5]因为没有进行多次实验，实验结论具有偶然性，没有普遍性，所以水量在范围内的初步结论不一定可靠。21．【答案】（1）解：只闭合开关S1时，电路为小灯泡L的简单电路，此时小灯泡L的实际功率为1W，由图象可知，当UL=2V时，IL=0.5A，其实际功率为PL=ULIL=2V×0.5A=1W则电源的电压U=UL=2V小灯泡L的电阻R答：只闭合开关S1时，求电源的电压是2V，小灯泡L的电阻是4Ω；（2）解：同时闭合开关S1和S2时，R与L并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R两端的电压也为2V，由图象可知，此时通过R的电流为0.2A；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，再闭合开关S2后，通过L的电流不变，则电流表示数的增加量即为通过R的电流，其大小为0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流为I=IR+IL=0.2A+0.5A=0.7A电路总功率P=UI=2V×0.7A=1.4W在1min内电阻R产生的热量QR=WR=URIRt=2V×0.2A×60s=24J答：同时闭合开关S1和S2时，求1min内电阻R产生的热量是24J，电路总功率是1.4W。【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算【解析】【分析】（1）利用电压和电流的乘积，计算电功率；利用电压和电流的比值，计算电阻；

（2）根据并联电路电流规律计算总电流，利用电压和电流的乘积，计算电功率；利用电压、电流和电阻，计算电流产生的热量。22．（4分）质量为60kg的建筑工人用如图甲所示的滑轮组匀速提升货物，滑轮组的机械效率随货物重力变化的图象如图乙所示。工人在10s内将货物匀速提高了3m，双脚与地面的接触面积为0.04m2．工人对钢绳拉力的方向始终竖直向下，不计摩擦与绳重。g取10N/kg。则（1）画出工人所受到的各个力的示意图；（2）求动滑轮的重力；（3）若工人对钢绳的拉力为400N，求此时工人的功率和他对地面的压强。【解答】解：（1）工人施加拉力提升货物时，人受到重力G、支持力F支、拉力F拉的作用，人受力示意图（用圆点代替人）如图所示：（2）由图象可知，当G＝300N时，η＝75%不计摩擦与绳重，滑轮组的机械效率η=W解得动滑轮重力：G动＝100N；（3）若工人对钢绳的拉力F＝400N，拉力端移动距离s＝2h＝2×3m＝6m，拉力做的总功：W总＝Fs＝400N×6m＝2400J，拉力做功功率：P=W因为绳子对人的拉力与人拉绳子的力是相互的所以人受到的拉力F拉＝F＝400N，人的重力：G人＝m人g＝60kg×10N/kg＝600N，人对地面的压力：F压＝G人﹣F拉＝600N﹣400N＝200N，人对地面的压强：p=F答：（1）工人所受到的各个力的示意图如图所示；（2）动滑轮的重力为100N；（3）若工人对钢绳的拉力为400N，此时工人的功率和他对地面的压强分别为240W、5000Pa23．（10分）小雨的质量是50kg，大雪过后，他穿着雪地靴，到外面玩耍，脚踩下去，在厚厚的雪地上留下了一对深深的脚印，脚印下面的雪已经变成了透明的薄冰。同行的爸爸用刻度尺测量了一下，冰的厚度为2cm，冰面至雪面的高度为8cm。回到家里，爸爸让小雨把鞋踏在方格纸上，拓下了他的脚印，如图所示，方格的边长为1cm，爸爸说，数一下方格的数量，边缘方格超过半个方格的按一个算，不够半个方格的忽略不计，就可以知道鞋底的面积。利用这些数据，请你替小雨完成以下任务：（1）估算小雨的鞋底的面积；（2）计算小雨双脚站立时对脚下冰的压强；（3）计算出雪的密度。（冰的密度为0.8g/cm3）【解答】解：（1）图中方格纸上脚印所占的格数共计320个，小雨的鞋底的面积约为：S0＝320×1cm×1cm＝320cm2＝320×10﹣4m2＝3.2×10﹣2m2；（2）则小雨双脚站立时的受力面积：S＝2S0＝2×3.2×10﹣2m2＝6.4×10﹣2m2，小雨对地面的压力：F＝G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，则小雨双脚站立时对脚下冰的压强：p=F（3）由题意可知，冰的体积：V冰＝S0h冰＝320cm2×2cm＝640cm3，由ρ=mm冰＝ρ冰V冰＝0.8g/cm3×640cm3＝512g，因为雪压成冰后质量不变，所以雪的质量：m雪＝m冰＝512g，由题意可知，雪的厚度：h雪＝h冰+h＝2cm+8cm＝10cm，则雪的体积：V雪＝S0h雪＝320cm2×10cm＝3200cm3，所以雪的密度：ρ雪=m雪V答：（1）小雨的鞋底的面积为3.2×10﹣2m2；（2）小雨双脚站立时对脚下冰的压强为7812.5Pa；（3）雪的密度为0.16g/cm3。24．（8分）图甲是一种新型家用电器﹣电压力锅，图乙是某型号电压力锅工作电路简图，表中数据是其部分参数。其中R是主加热器，R0是保压加热器。接通电路后，开关S自动与触点a、b接通，开始加热。当锅内温度达到105℃．开关S自动与a、b断开，此时锅内水温不变，且未沸腾。现将5kg初温为25℃的水加入电压锅中，热量损耗不计，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））。求额定电压（V）220主加热器额定功率（W）880保压加热器额定功率（W）120保压温度（℃）105最大盛水量（kg）6（1）电压力锅加热状态时主加热器R的电阻（2）电压力锅多少min后开始保压？（3）电压力锅在此30min内保压时所消耗的电能。【分析】（1）根据主加热器额定功率和额定电压可求得电压力锅加热时R的阻值；（2）先根据密度公式求出水的质量，再根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水温度达到105℃时吸收的热量，利用效率公式求出消耗的电能，再根据W＝Pt求出电压力锅多需要多少时间开始保压；（3）30min减去加热到保温的时间极为保压时的时间，根据W＝Pt求出保压时消耗的电能。【解答】解：（1）已知主加热器额定功率P主加热＝880W，根据P＝可得R＝＝＝55Ω；（2）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.6×103J/（kg•℃）×5kg×（105℃﹣25℃）＝2.68×106J，消耗的电能：W加热＝Q吸＝1.68×