2025-2026学年高一物理上学期第一次月考（人教版）全解全析

2025-2026学年高一物理上学期第一次月考卷

全解全析

（考试时间：75分钟，分值：100分）

一、选择题（本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，口7题只有一项符合题目要求，每

小题4分，8〜10题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0

分。）

1.关于物理学史和物理学研究方法，下列说法正确的是（）

A.在研究物体的运动时，满足一定条件可将物体抽象成质点，这样的研究方法叫“微元法”

B.亚里士多德研究下落物体的运动时，把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，拓展了人类的

科学思维方式和研究方法

C.伽利略认为，如果没有空气阻力，在同一高度下落的重的物体和轻的物体，下落快慢相同

D.“=孚是利用比值定义法定义的物理量，由公式可知加速度。与&，成正比

【答案】C

【详解】A,在研究物体的运动时，满足物体的形状及大小在具体的研究问题当中可以忽略不计，则可以将

物体抽象成质点，这样的研究方法叫“理想模型法"，故A错误；

B.在伽利略研究下落物体的运动时，把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，拓展了人类的科学思

维方式和研究方法，故B错误；

C.伽利略认为在研究下落物体的运动时，通过合理外推，发现如果没有空气阻力，在同一高度下落的重的

物体和轻的物体，下落快慢相同，故C正确；

D.是利用比值定义法定义的物理量，故加速度。与.无关，故D错误。

故选C

2.小丽同学于2025年1月1日S时45分，乘坐出租车从家出发，目的地为盐城站，如图所示为某地图

软件推荐的行车路线。下列说法正确的是（）

方案一：全程9.2公里，红路灯6个，全程16分钟，打车约

25元

方案一：全程9.4公里，红路灯5个，全程18分钟，打车约

27元

1/16

方案一：全程9.8公里，红路灯6个，全程20分钟，打车约

28元

・高德地图

A.”ll时45分"指的是时间间隔

B.出租车是按车行驶的位移来计费的

C.地图推苕路线中显示的“9.2公里〃指的是路程

D.求出租车整个运动过程的平均速度时，不可以把它视为质点

【答案】C

【详解】A.“11时45分〃指的是乘车那一瞬间，是时刻，故A错误；

B.出租车是按车行驶的路程来计费的，故B错误；

C.地图推荐路线中显示的“9.2公里〃指的是路程，故C正确；

D.求出租车整个运动过程的平均速度时，山租车的大小、形状对研究的过程没有影响，可以看成质点，故

D错误。

故选Co

3.某雷达站正在跟踪一架飞机，此时飞机正朝着雷达站方向飞来。雷达发射的第一个脉冲经W0”收到反

射波；发射的第二个脉冲经19811s收到反射波，已知该雷达每隔0.6s发出一个无线电脉冲，光速为

3xl0,ms，则飞机的飞行速度约为（）

A.340m/sB.325m/sC.375m/sD.500mIs

【答案】D

【详解】雷达发射的脉冲往返时间为Ji=200M和了«198八，光速。=3x10，/$。

第一次发射时，飞机距离雷达d=等=®叱誉U：m=30000m

22

第二次发射时，飞机距离雷达与=千=生吐臀吧m=29700m

2/16

两次发射的时间间隔为A/=0.65

飞机在&内移动的距离Av=.r,-.r2=30000计29700m300m

飞机的速度为»=—=—m/s=500m/s

A/U.6

故选Do

4.某同学遥控无人机进行运动会的航拍工作，无人机在020§内沿竖直方向运动，其高度力与时间f的关

系图像如图所示。取竖直向上为正方向，则无人机在该段时间内（）

A.加速度竖直向上B.做自由落体运动c.速度竖直向FD.速度先减小后

增大

【答案】C

【详解】ABD.力—图像斜率表示速度，图像斜率的绝对值先增大后减小，所以速度先增大后减小，加速度

先向下后向上。自由落体运动速度越来越大，故无人机不做自由落体运动，故ABD错误;

C.题图所示为无人机下降过程，说明速度竖直向下，故C正确，

故选C。

5.某质点做直线运动的位移与时间的关系式为x=5/+2洛则以下说法中正确的是（）

A.质点的初速度为5m/s

B.任意1s内的速度增量都是2m/s

C.质点第2s内的位移是18m

D.任意相邻的1s内位移差都是2rn

【答案】A

【详解】A.匀变速直线运动的位移公式为x=+

题目中给出的关系式为I=5t^2t:

对比可得初速度r,=5m9,故A正确;

3/16

B.对比可得]。=2向$2

故加速度。=4m

速度增量A、'=必，

当&=ls时，有Av=4m$

因此，速度增量为4m/s,而非2m/s,故B错误；

C.笫2s内的位移为/=1S到六2S0勺位移差，则有

/=1$时，位移X1=（5xl+2xr）m=7m

/=2s时，位移x：=（5x2+2x2'）m=18m

故第2s内的位移Av=x,-Xj=11m,故C错误；

D.匀变速直线运动的位移差公式Ai=仃：

当T=ls时，有Ax=（4xl'|m=4m,故D错误。

故选A。

6.如图所示（俯视图），r=0时刻兔子在水平面上的。点以速度，二10m§垂直0』做匀速直线运动，。、

彳两点间的距离L=75m，猎豹在水平面上从4点由静止开始做匀加速直线运动，其加速度大小为

0:6、后§：，方向与』。的夹角为45。。若猎豹恰好捉兔成功，则猎豹从4点起跑的时刻为：）

A./=IsB.，=1.5s

C.[=2sD.[=2.5s

【答案】D

【详解】若猎豹恰好捉兔成功，根据几何关系可知兔子的位移为x=〃an45o=、，/

解得乙=7.5s

猎豹的位移为

*cos4502-

解得&=5s

所以猎豹从/点起跑的时刻为-G=2.5S

4/16

故选D。

7.甲、乙两车在公路上行驶的VT图像如图所示。已知，=2s时两车相遇，乙车图像轨迹由多段四分之一圆

弧构成，则()

A.在/=4s时，甲、乙两车再次相遇

B.甲车0~4s做匀变速运动，乙车0~2s做加速运动，2~4s做减速运动

C.8s内甲、乙两车的平均速度相同

D.两车相距的最大距离为(4-71)m

【答案】C

【详解】A.根据图像的面积表示位移可知，在2s-4s内乙车图像围成的面积大于甲车图像围成的面积;

由题知，在/=2s时两车相遇，所以在/=4s时乙车的位移大于甲车的位移，故甲、乙两车并不相遇，故A错

误；

B.根据》，T图像的斜率表示加速度，可知甲车的斜率不变，故在0-4s做匀变速运动，乙车斜率发生变化，

在0-2s其斜率越来越大，即做加速度增大的加速运动，在2-4s其斜率越来越小，即做加速度减小的加速运

动，故B错误；

C.根据i，T图像的面积表示位移可知，0-8S内两车的位移相等，根据平均速度等于位移比时间，可知8s

内两车平均速度相同，故C正确；

D.由图知两车在，=2s时两车相遇，在/=4s时两车速度相等，此时两车相距的距离最大，同理可知Os,8s

也是两车相距的距离最大。由题知，乙车图像轨迹由多段四分之一圆弧构成，则在2s-4§内乙车的位移为

:

xL-2x2+-x^x2m=(4+ff)m

14)

甲车的位移为x.=3_t，x(4-2)m=6m

则最大距图为Ax=x乙-x甲=(K-2)m,故D错误。

故选C。

8.为了减少环境污染，适应能源结构调整的需要，我国的新能源汽车产业己迅速崛起。一新能源汽车正以

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72kmb在公路上行驶，为“礼让行人〃，若以5m9的加速度刹车，则以下说法正确的是（)

A.汽车滑行5s后停下

B.刹车后2s时的速度大小为10ms

C.最后Is内的位移大小为5m

D.刹车后6s内的位移大小为Wm

【答案】BD

【详解】A.速度为

72ktn/h»20a/i

加速度0=・5m/s'，由公式

得汽车刹车到停止的时间

.二Of二.

a

故A错误；

B.由速度公式得刹车后2s时的速度

v2=v0+at2=10m/s

故B正确；

C.逆看运动方向看汽车由静止开始加速，最后一秒的位移为

x=y|o|/2=2.5m

故C错误；

D.汽车刹车到停止的时间为4s,刹车后6s内的位移大小为刹车全程的位移，由公式

可得

=m=4om

2a2x(-5)

6/16

汽车滑行40m停下，故D正确。

故选BDo

9.一物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s,1s后速度大小变为6m/s,下列说法正确的是（）

A.物体加速度的大小可能大于2ms2

B.物体加速度的大小可能大于12ms：

C.这1s内物体速度变化量大小可能小于2ms

D.这1s内物体平均速度的大小可能是lm/s

【答案】AD

【详解】AB.若速度方向不变，则加速度大小为

若速度方向改变，则加速度大小为

故A正确，B错误；

C.若速度方向不变，则这1s内物体速度变化量大小为

Av=|v2-vj=|6-4im/s=2m/s

若速度方向改变，则这1s内物体速度变化量大小为

Av=|v:-vj=|6+4|m/s=10m/s

故C错误；

D.若速度方向不变，则这1s内物体平均速度的大小为

v=,；"|=^y^m/s=5m/s

若速度方向改变，则这1S内物体平均速度的大小为

v=2♦|=~2~=lm/s

故D正确。

故选ADo

10.一列复兴号动车进站时做匀减速直线运动，车头经过站台上三个立柱力、B、C,对应时刻分别为〃、t2

,5其x-/图像如图所示。则下列说法正确的是（）

7/16

A.:r2：r,=(73-72):(72-1):1

B.车头经过立柱力的速度大于华

•2

2q

C.车头经过立柱8的加速度大小为(/

D.车头经过立柱力、8过程巾的平均速度大小为士

【答案】BD

【详解】A.对于初速度为0的匀加速直线运动，连续相邻相等位移内的时间比为

44：G=l:(&-l):(G・a)x-i图像的斜率表示速度，根据图像可知，车头经过小B、C过程相邻立柱

的间距相等，但是车头经过立柱。时的速度并不为0,根据逆向思维可知，通过的时间不满足比例关系，

故A错误；

B.匀变速直线运动，全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即打时间内中间时刻的瞬时速度为生，

但车头经过立柱力的速度为时间内中间位置的瞬时速度，而匀变速直线的中间位置的瞬时速度大于中间时

刻的瞬时速度，即车头经过立柱4的速度

得

故B正确：

C.根据上述，/广/2时间内中间时刻的瞬时速度为

V,=2品7°=」—门时间内中间时刻的速度为

2〃一八「八

由加速度的定义式得

22

联立解得

8/16

2.r（2/,-）

a=0------------1---------

（丁―FXD

故c错误：

D.平均速度等于总位移与总时间的比值，则车头经过立柱X、8过程中的平均速度大小为

r_2x.-.<>_-0

八一乙/,-L

故D正确。

故选BDo

第II卷（非选择题，共54分）

二、填空题（本题共2小题，共15分）

11.（6分）某同学用如图所示的装置来测量当地的重力加速度，。。为竖直木板，让小球从。点右侧上方某

处由静止释放，右侧用一束平行光照射小球，小球在下落的过程中在木板上留下影子。用频闪照相机拍摄

小球在木板上影子的位置.图中。、/、R、C,。点为相邻的五个影子。测得O点到/、B、C。点的距

离分别为八、h、h、h,0

⑴为了减小空气阻力对小球的影响，应选择质量、体积的小球来做实验。（均填"小"或“大〃）

（2）已知照相机的闪光频率为了,小球在木板上留下影子。时的速度大小心=,当地重力加速度大小

L...（均用给定的物理量符号表示）

【答案】⑴大小；⑵出事^2%）广

24

【详解】（1）为了减小空气对小球的阻力，应选择质量大、体积小的小球来做实验。

（2）小球在木板上留下影子C时的速度大小

h、-生_I4一/

9-2T-2

由

可得当地重力加速度大小

9/16

g=-4一

12.（9分）某一学习小组的同学想通过打点计时器在纸带上打出的点迹来探究小车速度随时间变化的规律,

实验装置如图所示。

接电源

（1）常见的打点计时器有两种：和，它们使用的都是____________电源（填“直流”

或“交流〃），当电源频率为50Hz时，每隔s打一个点。

（2）关于本实验，下列说法正确的是o

A.释放纸带的同时，接通电源B.先接通电源打点，后释放纸带运动

C.先释放纸带运动，后接通电源打点D.纸带上的点迹越密集，说明纸带运动的速度越小

（3）要测量小车的速度。除打点计时器（含所用电源、纸带、墨粉纸盘）外还必须使用的测量工

具o

（4）该小组在规范操作下得到一条点迹清晰的纸带如图所示，在纸带上依次选出7个计数点，分别标上。

、&B、C、D、E和E每相邻的两个计数点间还有四个点未画出，打点计时器所用电源的频率是50Hz。

OABCDEF

应J与』X41X5.1

①每相邻两计数点的时间间隔为s,如果测得C、。两点间距xj=2.70cm,。、E两点间距

x5=2.90cm,则打。点时小车的速度m/s（结具保留3位有效数字）。

②该同学分别算出其他各点的速度：vj=0.220m/s,Vfi=0.241m/s»vc=0.258m/s,b%=0.300m/s,请在如图所示

的坐标系中作出小车运动的VT图像o并说明小车速度变化的规律

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③小车连接在纸带的（选填"左端"或"右端"）

【详解】（1）[1]常见的打点计时器有电磁打点计时器。

⑵常见的打点计时器有电磁打点计时器和电火花打点计时器。

⑶电磁打点计时器和电火花打点计时器，它们使用的都是交流电源。

⑷当电源频率为50Hz时，，由频率与周期的关系

7',$=0.02$

f50

可知每隔0.02s打一个点。

（2）[5]ABC.先接通电源打点，待打点稳定后，再释放纸带运动，这样在纸带上可得到更多的数据，AC错

误，B正确；

D.纸带上的点迹越密集，说明纸带运动的速度越小，D正确。

11/16

故选BDo

（3）⑹要测量小车的速度。除打点计时器（含所用电源、纸带、墨粉纸盘）外还必须使用的测量工具是刻

度尺，用刻度尺测量纸带上点迹间的距离。

（4）①⑺纸带上每相邻的两个计数点间还有四个点未画出，打点计时器所用电源的频率是50Hz,可知相

邻两计数点间的时间间隔为

r（=5xO,O2s=0.1s

⑻由匀变速直线运动在某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可得打。点时小车的

速度

②[9]由打各点的速度：i"=0.220m/s,v«=0.241m/s,v(=0.258m/s,v/；=0.280m/s,v^0.300m/s,在坐标系中

③口1］由y—图像可知，小车做加速运动，在相等的时间内运动的位移逐渐增大，由此可知小车连接在纸带

的左端。

三、计算题（本题共3小题，共39分。要有必要的文字说明和演算步骤。有数值计算的要注明单位）

13.（8分）赣州被誉为“世界橙乡〃，今年脐橙丰收，飘香脐橙吸弓I了众多各地游客。如图所示，果园中一名

游客将采摘的一个脐橙以％=4m/s的速度竖直向上抛出，不计空气阻力，g取］0m求:

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%

⑴脐橙相对抛出点上升的最大高度H；

⑵脐橙被抛出后经过多长时间落回到抛出点。

【答案】⑴0.8m；（2）0.8s

【详解】（1）脐橙做竖直上抛运动，根据O-v：=-2g〃

j

解得脐橙相对抛出点上升的最大高度为〃=善=0.8m

2g

（2）设脐橙从抛出到最高点所用的时间为L，则有，产2k=0.4§

g

由对称性可知，脐橙从抛出到落回抛出点所用的时间为，=5=th

14.（13分）如图甲所示，小球从固定斜面上的4点由静止开始做匀加速直线运动，规定沿斜面向下为正方

向，小球在4点与挡板发生碰撞［碰撞时间忽略不计），然后沿着斜面向上做匀减速直线运动，速度时间图

像如图乙所示，V—图像的直线相互平行，已知小球每次与挡板发生碰撞时，碰后的速度大小都变为碰前

速度大小的一半，求：

⑴小球第10s末速度；

⑵小球内的位移；

⑶小球与挡板第三次碰撞过程的速度变化量。

【答案】⑴・2mh-（2）26m；（3）-3mIs

【详解】（1）由v—图像可知，8~12$内小球的加速度为

13/16

=Im/s:

12-8

则小球第10§末速度为

vl0=y；+〃Az=-4m/s+1x(10-8)m/s=-2m/s

（2）根据v—图像可知小球在0~8$内的位移为

x.=­x8x8m=32m

'2

小球在8~IOs内的位移为

x2=—+%A/=Y-2x2m=-6m

*22

则小球IOs内的位移

（3）由图像可知，小球与挡哌第1次碰撞后的速度为・4m八，由于小球向上减速和向下加速的加速度

相等，所以小球与挡板第2次碰撞前的速度为4m“；已知小球每次与挡板发生碰撞时，碰后的速度大小都

变为碰前速度大小的一半，则小球与挡板第2次碰撞后的速度为-2ms；同理可知小球与挡板第3次碰撞

前的速度为2m/§,小球与挡板第3次碰撞后的速度为则小球与挡板第三次碰撞过程的速度变化量

为

Av=-Im/s-2mIs=-3n/s

15.（18分）5G自动驾驶是基于5G通信技术实现网联式全域感知、协同决策与智慧云控，相当于有了“千里

眼”的感知能力，同时.，5G网络超低延时的特性让"汽车大脑"（智脑）可以实现实时接收信息和下达指令,

极大提高了汽车运行的安全性。在5G自动驾驶测试中,同一车道上有A、B两辆测试车（均可视为质点），

B车在A车前。

甲丙

⑴若某次直线运动测试中，B车静止，A车以％=30m，s匀速行驶，如图甲所示，当A车距离B车册时，A

车开始刹车（刹车过程视为匀减速直线运动），A车经过/一6s后停止，为保证A车始终不会与B车相撞,

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则L,至少为多少？

⑵若某次直线运动自动跟车测试中，B车以小=5.8nVs匀速行驶，A车以\二5s行驶，当A、B两车相距

I：6Sm时，A车开始以•定加速度，以做匀加速直线运动：当A车速度与B车相同时，A车改为匀速直线

运动行驶。为了使